江苏省无锡市2020届高三上学期期中考试数学试题

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江苏省无锡市2020届高三上学期期中考试数学试题

无锡市普通高中2019年秋学期高三期中调研考试卷 一、填空题(本大题共14小题,每小题5分,共计70分.)‎ ‎1.函数的定义域是 ‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ 试题分析:要使函数有意义,需满足,因此定义域为 考点:函数定义域 ‎2.已知向量与向量共线,则______.‎ ‎【答案】4‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由向量共线的条件求解.‎ ‎【详解】∵共线,∴,.‎ 故答案为4.‎ ‎【点睛】本题考查向量共线的条件,属于基础题.‎ ‎3.若角的终边过点,则______.‎ ‎【答案】-2‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由正切函数定义计算.‎ 详解】根据正切函数定义:.‎ 故答案为-2.‎ ‎【点睛】本题考查三角函数的定义,掌握三角函数定义是解题基础.‎ ‎4.在等比数列中,已知,,则______.‎ ‎【答案】-81‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 先求公比,再求.‎ ‎【详解】由题意,,,∴.‎ 故答案为-81.‎ ‎【点睛】本题考查求等比数列中项,可根据等比数列的通项公式求出公比,然后再求某一项.‎ ‎5.已知集合,集合,若中恰好含有一个整数,则的值为______.‎ ‎【答案】-1‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据集合,的形式,它们交集中只有一个整数,必定是-2.‎ ‎【详解】由题意,,∴,又为整数,∴.‎ 故答案为-1.‎ ‎【点睛】本题考查集合的交集运算,掌握交集定义是解题基础.‎ ‎6.函数y=x﹣2sinx在(0,2π)内的单调增区间为___________‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ 对函数求导可得,其单调增区间满足,得,即增区间为,限定在范围内,则有.故本题应填.‎ ‎7.偶函数在上单调递减,且满足,则的取值范围为______.‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 利用偶函数的性质把不等式化为,然后利用单调性求解.‎ ‎【详解】∵是偶函数,∴原不等式可化为,又在上单调递减,‎ ‎∴,解得.‎ 故答案为.‎ ‎【点睛】本题考查函数的奇偶性与单调性,解这类函数不等式,需要利用奇偶性把不等式化为的形式,其中在的同一单调区间内,再由单调性去函数符号“”后求解.‎ ‎8.函数在点处的切线方程为______.‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 求出导函数,得,即切线斜率,然后可得切线方程.‎ ‎【详解】由题意,∴,又,‎ ‎∴所求切线方程为,即.‎ 故答案为.‎ ‎【点睛】本题考查导数的几何意义,函数在点处的切线方程是.‎ ‎9.已知,则______.‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由已知求出,由二倍角公式得,把它转化为关于的代数式.‎ ‎【详解】∵,∴,‎ ‎∴.‎ 故答案为.‎ ‎【点睛】本题考查同角间的三角函数关系,考查正弦的二倍角公式.解题中注意“1”的代换,利用“1”的代换可化的二次式为二次齐次式,从而可化为的代数式,这样解题可减少计算量.‎ ‎10.若函数的图象关于点对称,也关于直线:对称,且的最小值为.已知函数的图象过点,则______.‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由两个对称性可得函数的周期,从而可求得的值,再由函数图象过点,求得,最终可求.‎ ‎【详解】∵函数的图象关于点对称,也关于直线:对称,且的最小值为.‎ ‎∴,∴,即,‎ ‎,,∴,‎ ‎∴.‎ 故答案为.‎ ‎【点睛】本题考查三角函数的图象与性质,考查三角函数的解析式.属于基础题.‎ ‎11.一家饮料厂生产甲、乙两种冲果汁饮料,甲种饮料的主要配方是每3份李子汁加1份苹果汁,乙种饮料的主要配方是李子汁和苹果汁各一半.该厂每天能获得的原料是李子汁和苹果汁,又厂方的利润是生产甲种饮料得3元,生产乙种饮料得4元,那么厂方获得的最大利润是______元.‎ ‎【答案】10000‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 设生产甲和饮料,生产乙种饮料,根据题意列出满足的不等关系,然后求.‎ ‎【详解】设生产甲和饮料,生产乙种饮料,生产甲种饮料需要,李子汁和苹果汁,生产乙种饮料需要,李子汁和苹果汁,‎ 则,.利润,‎ 由,解得,‎ 作出可行域,如图四边形内部(含边界),作直线,‎ 平移直线,当点时,取得最大值10000.‎ 故答案为10000.‎ ‎【点睛】本题考查简单的线性规划,解题时设出两个变量,列出 满足的不等关系,即约束条件,同时表示目标函数,再根据线性规划的解题方法求得最优解.‎ ‎12.在直角中,,是斜边上的两个三等分点,已知的面积为2,则的最小值为______.‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 以为坐标原点,分别以,为、轴建立直角坐标系,设,由面积求得,即点坐标,计算出的坐标,再计算,最后利用基本不等式可得最小值.‎ ‎【详解】如图,以为坐标原点,分别以,为、轴建立直角坐标系,设,‎ ‎∵,‎ ‎,,‎ ‎∴,,‎ ‎,‎ 当且仅当即时取“”,‎ ‎.‎ 故答案为.‎ ‎【点睛】本题考查平面向量的数量积,考查基本不等式求最小值.由于题中图形是直角三角形,因此建立平面直角坐标系,用坐标运算表示平面向量数量积可以减小思维量,减小难度.‎ ‎13.若数列和满足,,且数列中存在三个数经过适当排列后可以构成公比为的等数列,则______.‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由求出的可能值,然后再检验哪三个数可能构成等比数列,从而确定.‎ ‎【详解】,‎ 则,‎ ‎∵,‎ 可取18,-12,8这三项,‎ ‎.‎ 故答案为.‎ ‎【点睛】本题考查等比数列的性质,三个数非零实数成等比数列的充要条件是.‎ ‎14.已知函数,则方程恰好有6个不同的解,则实数的取值范围为______.‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 令,,作出图象,作出图像,通过图象分析解的各种情况.‎ ‎【详解】令,,‎ 作出图象,作出图像,‎ 时,‎ 有两根,设为,,‎ 则,,‎ 即,此时有2个根,‎ ‎,此时有2个根,‎ 共4个根,不满足条件.‎ 时,,‎ 解得或或6,‎ 即,无解,‎ ‎,2解,‎ ‎,2解,‎ 共4个解,不满足条件.‎ 时,,‎ 有四个根,设为,,,,‎ 其中,,,,‎ 即,无解,‎ ‎,无解,‎ ‎,2解,‎ ‎,2解,‎ 共4个解,不满足条件.‎ 时,有4个根,0,2,,(),‎ ‎,1解,‎ ‎,1解,‎ ‎,2解,‎ ‎,2解,‎ 共6解,满足条件 时,,‎ 有3个根,设为,,,‎ 其中,,,‎ 即有2解,‎ 有2解,‎ 有2解,‎ 共6解,满足条件.‎ 时,,‎ 有两根和3,‎ 有2个根,‎ 有2个根,‎ 共4个根,不满足条件,‎ 综上.‎ 故答案为.‎ ‎【点睛】本题考查函数与方程根的分布问题,解题时可把复杂的方程简单化,如设 ‎,方程化为,,这样可作出两个函数和的图象,由图象分析方程根的所有可能情形,从而得出结论.数形结合思想是解这类问题的重要思想方法.‎ 二、解答题:(本大题共6小题,共90分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤)‎ ‎15.如图,在直四棱柱中,点为的中点,点为的中点.‎ 求证:(1)平面;‎ ‎(2).‎ ‎【答案】(1)证明见解析(2)证明见解析 ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)由中位线定理证明即可;‎ ‎(2)直四棱柱中平面,从而,再由平行线的性质得.‎ ‎【详解】‎ 证明:(1)连接,,‎ ‎∵四棱柱为直四棱柱,‎ ‎∴四边形为平行四边形,∴为的中点,‎ 又∵为的中点,‎ ‎∴,‎ ‎∵平面,平面,‎ ‎∴平面.‎ ‎(2)∵四棱柱为直四棱柱,‎ ‎∴平面,‎ 又∵平面,‎ ‎∴.‎ 又∵,‎ ‎∴.‎ ‎【点睛】本题考查线面平行的证明,以及线线垂直的证明.属于基础题.‎ ‎16.如图,设,是平面内相交成角的两数轴,,分别与轴,轴正方向同向的单位向量,若向量,则把有序数对叫做向量在坐标系中的坐标.‎ ‎(1)设,,求值;‎ ‎(2)若,计算的大小.‎ ‎【答案】(1)(2)‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)由向量数量积的定义计算.‎ ‎(2)把模的运算转化为向量的平方,即向量的数量积计算.‎ ‎【详解】解:(1).‎ ‎(2).‎ ‎∴.‎ ‎【点睛】本题考查向量数量积和向量的模.求向量的模一般可利用转化为向量的数量积运算.‎ ‎17.如图,在中,角,,所对的边分别为,,,于,点在边上(不与端点重合),且.‎ ‎(1)若,求的值.‎ ‎(2)求的取值范围.‎ ‎【答案】(1)(2)‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)把面积用两种方法表示出来建立边之间的关系,然后用正弦定理转化为角的关系后,可求得;‎ ‎(2)同(1)把面积用两种方法表示出来建立边之间的关系,得,再由余弦定理得,求出,用两角和的正弦公式化为一个角的一个三角函数,再由正弦函数性质得最大值,由基本不等式得最小值.‎ ‎【详解】解:(1)为边上的高,‎ ‎,‎ ‎,‎ ‎∴,‎ 中由正弦定理得 ‎,‎ ‎.‎ ‎(2),‎ ‎,‎ ‎∴,‎ ‎∴,‎ ‎,‎ ‎,‎ 当时取最大值,‎ ‎,当且仅当时“”即 ‎∴的取值范围是.‎ ‎【点睛】本题考查正弦定理、余弦定理、三角形面积公式,考查两角和的正弦公式、正弦函数的性质,基本不等式等知识,考查知识较多,要求较高,属于中档题型.‎ ‎18.如图,在中,角,,所对的边分别为,,,于,点在边上(不与端点重合),且.‎ ‎(1)若,求的值.‎ ‎(2)求的取值范围.‎ ‎【答案】(1)(2)‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)把面积用两种方法表示出来建立边之间的关系,然后用正弦定理转化为角的关系后,可求得;‎ ‎(2)同(1)把面积用两种方法表示出来建立边之间的关系,得,再由余弦定理得,求出,用两角和的正弦公式化为一个角的一个三角函数,再由正弦函数性质得最大值,由基本不等式得最小值.‎ ‎【详解】解:(1)为边上的高,‎ ‎,‎ 中的正弦定理可得 ‎∴.‎ ‎(2),‎ ‎,‎ ‎∴,‎ ‎∴,‎ ‎,‎ ‎,‎ 当时取最大值,‎ ‎,当且仅当时“”即,‎ ‎∴的取值范围是.‎ ‎【点睛】本题考查正弦定理、余弦定理、三角形面积公式,考查两角和的正弦公式、正弦函数的性质,基本不等式等知识,考查知识较多,要求较高,属于中档题型.‎ ‎19.为了丰富学生活动,在体育课上,体育教师设计了一个游戏,让甲、乙、丙三人各抓住橡皮带的一端,甲站在直角斜边的中点处,乙站在处,丙站在处.游戏开始,甲不动,乙、丙分别以和的速度同时出发,匀速跑向终点和,运动过程中绷紧的橡皮带围成一个如图所示的.(规定:只要有一人跑到终点,游戏就结束,且).已知长为,长为,记经过后的面积为.‎ ‎(1)求关于的函数表示,并求出的取值范围;‎ ‎(2)当游戏进行到时,体育教师宣布停止,求此时的最小值.‎ ‎【答案】(1),其中时,,时,.(2)最小值为 ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)求出路程,从而可得,由勾股定理得,以为轴建立平面直角坐标系,可得直线的方程,求出到直线的距离,即的高,从而可表示出其面积.计算两人分别走到所用时间,比较它们的大小,可得的取值范围.‎ ‎(2)由(1)得 ‎,利用导数求出其最小值.‎ ‎【详解】解:以为坐标原点,‎ 分别以、为、轴建立直角坐标系,‎ ‎,则,‎ ‎,则,‎ 为中点,则,‎ 秒后,,,‎ ‎,‎ 直线方程为:,‎ ‎,‎ 到距离,‎ ‎∴,‎ ‎,即,则,‎ ‎,即,则,‎ ‎,‎ 当时,,‎ 当时,,‎ ‎∴,‎ 其中时,,‎ 时,.‎ ‎(2)∵,‎ ‎∴,‎ ‎,‎ 令得,‎ 当时,,为单调递减,‎ 当时,,为单调递增,‎ ‎∴当时取最小值,‎ 此时,‎ 答:此时最小值为.‎ ‎【点睛】本题考查函数的应用,解题关键是列出函数式,本题通过建立坐标系用解析法求点到直线的距离即三角形的高,这在图形是有垂直的直线时较方便,在求函数最值时,如果函数较复杂,可用导数求最值.‎ ‎20.已知数列的前项和为,当时,满足.‎ ‎(1)求证:;‎ ‎(2)求证:数列为等差数列;‎ ‎(3)若,公差,问是否存在,,使得?如果存在,求出所有满足条件的,,如果不在,请说明理由.‎ ‎【答案】(1)证明见解析(2)证明见解析(3)存在,或.‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)已知条件是时,,令可证结论;‎ ‎(2)已知条件变形 ‎,用累加的方法得,从而,把此式再写一次:‎ 当时,,两式相减得:时,,同时也适合此式,从而证明是等差数列;‎ ‎(3)由求得,让从2开始一一检验,看是否有,当然时,有,.‎ ‎【详解】(1)证明:∵时,,‎ 令得,,‎ ‎∴.‎ ‎(2)由 ‎,‎ ‎∴,‎ 各式相加得,,‎ 当时,,‎ 由时,,‎ 而,,也满足上式,∴为等差数列.‎ ‎(3)∵,公差为,‎ ‎∴,,,‎ 当时,,当时,,‎ 当时,(舍),时,(舍),‎ 当时,(舍),时,(舍),‎ 当时,(舍),‎ 当时,,‎ ‎∴,(舍),‎ 综上或.‎ ‎【点睛】本题考查等差数列的证明,由的递推关系证明数列是等差数列,由于已知式较复杂,因此关键是第一步的变形:‎ ‎,这样可用累加法求得,再由得(),然后说明前3项也适合此表示法,完成证明.这里涉及到与的关系,要注意在推理过程中的取值范围.‎ ‎21.已知函数.‎ ‎(1)当时,求的单调区间;‎ ‎(2)当,时,记的最小值为,求的最大值.‎ ‎【答案】(1)的单增区间为:,,单减区间为.(2)‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)求导数,由导数确定函数的单调区间;‎ ‎(2)求导数,变形为:,令,,∴在上单调递增,∴,由,,∴存在使.这个就是的最小值点,,由,得,代入,即化为的函数,再用导数可求得得其最大值.‎ ‎【详解】解:(1)当时,,,‎ 当时,,单调递增;当时,,单调递减;‎ 当时,,单调递增.‎ 综上可得:的单增区间为:,,单减区间为.‎ ‎(2)‎ 令,,‎ ‎∴在上单调递增,∴,‎ 且,,∴存在使.‎ 且当时,,,单调递减;‎ 当时,,,单调递增.‎ ‎∴,而,‎ ‎∴,‎ ‎∴‎ ‎,,‎ 令,,‎ ‎∴在上单调递增,,‎ ‎∴,当,时取到.‎ ‎【点睛】本题考查用导数研究函数的单调性,研究函数的最值.单调性较方便,由确定增区间,由确定减区间.求最值时,由于有参数,因此需定性分析.对变形为,令,再用导数研究的单调性,确定它有零点,同时建立与的关系.表示出最小值,利用前面与的关系把此函数式化为一个变量,即可求得最大值.本题难度很大,对学生的分析问题解决问题的能力,对运算能力的要求都较高,属于困难题.‎ ‎ ‎
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