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文档介绍
河北省衡水中学2020届高三下学期第九次调研数学(理)试题
衡水中学2019—2020学年度高三下学期第九次调研考试 数学(理科) 一、选择题(本大题包括12小题,每小题5分,共60分.) 1.已知集合,,则( ) A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【分析】 先化简集合A,B,再求. 【详解】因为,, 所以. 故选:C 【点睛】本题主要考查集合的基本运算,属于基础题. 2.复数上的虚部为( ) A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 【分析】 化简得到计算虚部得到答案. 【详解】,所以的虚部为. 故选: 【点睛】本题考查了复数虚部的计算,属于简单题. 3.某运动制衣品牌为了成衣尺寸更精准,现选择15名志愿者,对其身高和臂展进行测量(单位:厘米),左图为选取的15名志愿者身高与臂展的折线图,右图为身高与臂展所对应的散点图,并求得其回归方程为,以下结论中不正确的为( ) A. 15名志愿者身高的极差小于臂展的极差 B. 15名志愿者身高和臂展成正相关关系, C. 可估计身高为190厘米的人臂展大约为189.65厘米 D. 身高相差10厘米的两人臂展都相差11.6厘米, 【答案】D 【解析】 【分析】 根据散点图和回归方程的表达式,得到两个变量的关系,A根据散点图可求得两个量的极差,进而得到结果;B,根据回归方程可判断正相关;C将190代入回归方程可得到的是估计值,不是准确值,故不正确;D,根据回归方程x的系数可得到增量为11.6厘米,但是回归方程上的点并不都是准确的样本点,故不正确. 【详解】A,身高极差大约为25,臂展极差大于等于30,故正确; B,很明显根据散点图像以及回归直线得到,身高矮臂展就会短一些,身高高一些,臂展就长一些,故正确; C,身高为190厘米,代入回归方程可得到臂展估计值等于189.65厘米,但是不是准确值,故正确; D,身高相差10厘米的两人臂展的估计值相差11.6厘米,但并不是准确值,回归方程上的点并不都是准确的样本点,故说法不正确. 故答案为D. 【点睛】 本题考查回归分析,考查线性回归直线过样本中心点,在一组具有相关关系的变量的数据间,这样的直线可以画出许多条,而其中的一条能最好地反映x与Y之间的关系,这条直线过样本中心点.线性回归方程适用于具有相关关系的两个变量,对于具有确定关系的两个变量是不适用的, 线性回归方程得到的预测值是预测变量的估计值,不是准确值. 4.函数的图象不可能是( ) A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【分析】 变成分段函数后分段求导,通过对分类讨论,得到函数的单调性,根据单调性结合四个选项可得答案. 【详解】,∴. (1)当时,,图象为A; (2)当时,,∴在上单调递增, 令得, ∴当时,, 当时,, ∴在上单调递减,在上单调递增,图象为D; (3)当时,,∴在上单调递减, 令得, ∴当时,, 当时,, ∴在上单调递减,在上单调递增,图象为B; 故选:C. 【点睛】本题考查了分段函数的图像的识别,考查了分类讨论思想,考查了利用导数研究函数的单调性,属于中档题. 5.某几何体的三视图如图所示,该几何体表面上的点与点在正视图与侧视图上的对应点分别为,,则在该几何体表面上,从点到点的路径中,最短路径的长度为( ) A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【分析】 画出几何体的图形,然后PQ的路径有正面和右面以及正面和上面两种路径,分别计算出结果,得出答案. 【详解】由题,几何体如图所示 (1)前面和右面组成一面 此时PQ= (2)前面和上面再一个平面 此时PQ= 故选C 【点睛】本题考查了几何体的三视图以及相关的计算,解题的关键是PQ的路径有两种情况,属于较易题. 6.设,为正数,且,则的最小值为( ) A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【分析】 根据,化简,根据均值不等式,即可求得答案; 【详解】当时, , 当且仅当时,即取等号, . 故选:D 【点睛】本题主要考查了根据均值不等式求最值,解题关键是灵活使用均值不等式,注意要验证等号的是否成立,考查了分析能力和计算能力,属于中档题. 7.我国古代数学家秦九韶在《数书九章》中记述了“三斜求积术”,用现代式子表示即为:在中,角所对的边分别为,则的面积.根据此公式,若,且,则的面积为( ) A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 【分析】 根据,利用正弦定理边化为角得,整理为,根据,得,再由余弦定理得,又,代入公式求解. 【详解】由得, 即,即, 因为,所以, 由余弦定理,所以, 由的面积公式得 故选:A 【点睛】本题主要考查正弦定理和余弦定理以及类比推理,还考查了运算求解的能力,属于中档题. 8.执行如图所示的程序框图,则输出的值为( ) A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【分析】 由题知,该程序是利用循环结构计算,输出变量的值,可发现周期为,即可得到,,,此时输出. 【详解】,.,.,. ,.,. 可发现周期,,,. 此时输出. 故选: 【点睛】本题主要考查程序框图中的循环结构和条件结构,周期是是解决本题的关键,属于简单题. 9.设,,,,则( ) A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 【分析】 根据条件,令,代入中并取相同的正指数,可得的范围并可比较的大小;由对数函数的图像与性质可判断的范围,进而比较的大小. 【详解】因为 令 则 将式子变形可得, 因为 所以 由对数函数的图像与性质可知 综上可得 故选:A. 【点睛】本题考查了指数式与对数式大小比较,指数幂的运算性质应用,对数函数图像与性质应用,属于基础题. 10.已知双曲线,点是直线上任意一点,若圆与双曲线的右支没有公共点,则双曲线的离心率取值范围是( ). A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【分析】 先求出双曲线的渐近线方程,可得则直线与直线的距离,根据圆与双曲线的右支没有公共点,可得,解得即可. 【详解】由题意,双曲线的一条渐近线方程为,即, ∵是直线上任意一点, 则直线与直线的距离, ∵圆与双曲线的右支没有公共点,则, ∴,即,又 故的取值范围为, 故选:B. 【点睛】本题主要考查了直线和双曲线的位置关系,以及两平行线间的距离公式,其中解答中根据圆与双曲线的右支没有公共点得出是解答的关键,着重考查了推理与运算能力,属于基础题. 11.直线与函数的图象的相邻两个交点的距离为,若在上是增函数,则的取值范围是( ) A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【分析】 根据直线与函数的图象的相邻两个交点的距离为一个周期,得到,则,然后求得其单调增区间,再根据在上是增函数,由是增区间的子集求解. 【详解】因为直线与函数的图象的相邻两个交点的距离为一个周期, 所以,, 由,得, 所以在上是增函数, 由, 解得. 故选:B 【点睛】本题主要考查正切函数的图象和性质,还考查了运算求解的能力,属于中档题 12.已知函数,若方程有3个不同的实根,则的取值范围是( ) A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 【分析】 利用导数法,明确在,上是增函数,在上是减函数,结合的图象,得,构造函数,再利用导数法求其取值范围. 【详解】由得, 所以在,上是增函数,在上是减函数, 结合的图象 可得,又, 设,则, 所以在上是减函数,在上是增函数, 由,,, 可得的取值范围是 故选:A 【点睛】本题主要考查导数在函数中的综合应用,还考查了转化化归的思想和运算求解问题的能力,属于难题. 二、填空题(本大题共4小题,每题5分,共20分.) 13.的展开式的第项为_______. 【答案】 【解析】 【分析】 由二项式定理的通项公式求解即可 【详解】由题展开式的第2项为 故答案为 【点睛】本题考查二项式定理,熟记公式,准确计算是关键,是基础题. 14.已知中,,,,若点满足,则__________. 【答案】 【解析】 【分析】 根据,以为一组基底,由,得到,再由求解. 【详解】因为 又因为,, 所以, 所以 . 故答案为:-12 【点睛】 本题主要考查平面向量基本定理和向量的线性运算,还考查了运算求解的能力,属于中档题. 15.记等差数列的前n项和为,若,,则的前n项和______. 【答案】 【解析】 【分析】 由等差数列的通项公式以及前项和公式代入可求得,再由分组求和即可求解. 【详解】因为是等数差数列,,而, 所以,解得,,则,; 数列构成首项为9,公差为9的等差数列; 若n为偶数,则, 若n为奇数,则T 故. 故答案为: 【点睛】本题主要考查等差数列的通项公式以及分组求和,需熟记公式,属于基础题. 16.已知三棱锥的所有顶点都在球的表面上,平面,,,,,则球的表面积为__________. 【答案】 【解析】 分析:根据三棱锥的结构特征,求得三棱锥外接球半径,由球表面积公式即可求得表面积. 详解:由,根据同角三角函数关系式得 ,解得 所以 ,因为,,由余弦定理 代入得 所以△ABC为等腰三角形,且 ,由正弦定理得△ABC外接圆半径R为 ,解得 设△ABC外心为 , ,过 作 则在 中 在中 解得 所以外接球面积为 点睛:本题综合考查了空间几何体外接球半径的求法,通过建立空间模型,利用勾股定理求得半径;结合球的表面积求值,对空间想象能力要求高,综合性强,属于难题. 三、解答题(本大题共6小题,共70分,解答应写出文字说明或演算步骤.) 17.设. (Ⅰ)求的单调区间; (Ⅱ)在锐角中,角的对边分别为,若,求面积的最大值. 【答案】(Ⅰ)单调递增区间是; 单调递减区间是 (Ⅱ)面积的最大值为 【解析】 试题分析:(Ⅰ)首先利用二倍角公式化简函数的解析式,再利用正弦函数的单调性求其单调区间; (Ⅱ)首先由结合(Ⅰ)的结果,确定角A的值,然后结合余弦定理求出三角形面积的最大值. 试题解析: 解:(Ⅰ)由题意知 由可得 由可得 所以函数的单调递增区间是; 单调递减区间是 (Ⅱ)由得 由题意知为锐角,所以 由余弦定理: 可得: 即:当且仅当时等号成立. 因此 所以面积的最大值为 考点:1、诱导公式;2、三角函数的二倍角公式;3、余弦定理;4、基本不等式. 18.如图,在三棱锥P-ABC中,已知,顶点P在平面ABC上射影为的外接圆圆心. (1)证明:平面平面ABC; (2)若点M在棱PA上,,且二面角P-BC-M的余弦值为,试求的值. 【答案】(1)证明见解析 (2) 【解析】 【分析】 (1)设的中点为,连接,易知点为的外接圆圆心,从而平面,即可证明平面平面ABC; (2)以,,所在直线分别为轴,轴,轴建立如图所示的空间直角坐标系, 求出平面与平面的法向量,代入公式即可建立的方程,解之即可. 【详解】(1)证明:如图,设的中点为,连接, 由题意,得,则为直角三角形, 点为的外接圆圆心. 又点在平面上的射影为的外接圆圆心, 所以平面, 又平面,所以平面平面. (2)解:由(1)可知平面, 所以,,, 于是以,,所在直线分别为轴,轴,轴建立如图所示的空间直角坐标系, 则,,,,, 设, ,, 设平面的法向量为, 则得 令,得,, 即. 设平面的法向量为, 由得 令,得,,即 解得即M为PA的中点. 【点睛】 本题考查平面与平面垂直的判定,二面角的平面角的求法,考查空间想象能力以及计算能力. 19.某快餐连锁店招聘外卖骑手,该快餐连锁店提供了两种日工资方案:方案(a)规定每日底薪50元,快递业务每完成一单提成3元;方案(b)规定每日底薪100元,快递业务的前44单没有提成,从第45单开始,每完成一单提成5元,该快餐连锁店记录了每天骑手的人均业务量,现随机抽取100天的数据,将样本数据分为[ 25,35),[35,45),[45,55),[55,65),[65,75),[75,85),[85,95]七组,整理得到如图所示的频率分布直方图. (1)随机选取一天,估计这一天该连锁店的骑手的人均日快递业务量不少于65单的概率; (2)从以往统计数据看,新聘骑手选择日工资方案(a)的概率为,选择方案(b)的概率为.若甲、乙、丙三名骑手分别到该快餐连锁店应聘,三人选择日工资方案相互独立,求至少有两名骑手选择方案(a)的概率; (3)若仅从人均日收入的角度考虑,请你利用所学的统计学知识为新聘骑手做出日工资方案的选择,并说明理由.(同组中的每个数据用该组区间的中点值代替) 【答案】(Ⅰ) (Ⅱ) (Ⅲ)见解析 【解析】 分析】 (Ⅰ)先设事件为“随机选取一天,这一天该连锁店的骑手的人均日快递业务量不少于单”,由频率分布直方图,即可求出结果; (Ⅱ)先设事件为“甲、乙、丙三名骑手中至少有两名骑手选择方案(1)”,设事件为“甲乙丙三名骑手中恰有人选择方案(1)”,根据题意可得,进而可求出结果; (Ⅲ)先设骑手每日完成快递业务量为件,得到方案(1)的日工资 ,方案(2)的日工资 ,再由题中条件分别得到与的期望,比较大小即可得出结果. 【详解】(Ⅰ)设事件为“随机选取一天,这一天该连锁店的骑手的人均日快递业务量不少于单” 依题意,连锁店的人均日快递业务量不少于单的频率分别为: 因为 所以估计为. (Ⅱ) 设事件为“甲、乙、丙三名骑手中至少有两名骑手选择方案(1)” 设事件为“甲乙丙三名骑手中恰有人选择方案(1)”, 则, 所以三名骑手中至少有两名骑手选择方案(1)的概率为 (Ⅲ)设骑手每日完成快递业务量为件 方案(1)的日工资, 方案(2)的日工资 所以随机变量的分布列为 ; 同理随机变量的分布列为 因为,所以建议骑手应选择方案(1) 【点睛】本题主要考查频率分布直方图、离散型随机变量的分布列与期望等,熟记概念,会分析频率分布直方图即可,属于常考题型. 20.如图,椭圆:的左右焦点分别为,离心率为,过抛物线:焦点的直线交抛物线于两点,当时,点在轴上的射影为,连接并延长分别交于两点,连接,与的面积分别记为,,设. (1)求椭圆和抛物线的方程; (2)求的取值范围. 【答案】(I) ,;(II) . 【解析】 试题分析:(Ⅰ )由题意得得,根据点M在抛物线上得,又由,得 ,可得,解得,从而得 ,可得曲线方程.(Ⅱ )设,,分析可得,先设出直线的方程为 ,由,解得,从而可求得,同理可得,故可将化为m的代数式,用基本不等式求解可得结果. 试题解析: (Ⅰ)由抛物线定义可得, ∵点M在抛物线上, ∴,即 ① 又由,得 将上式代入①,得 解得 ∴ , 所以曲线方程为,曲线的方程为. (Ⅱ)设直线的方程为, 由消去y整理得, 设,. 则, 设,, 则, 所以, ② 设直线的方程为 , 由,解得, 所以, 由②可知,用代替, 可得, 由,解得, 所以, 用代替,可得 所以 ,当且仅当时等号成立. 所以的取值范围为. 点睛:解决圆锥曲线的最值与范围问题时, 若题目的条件和结论能体现一种明确的函数关系,则可首先建立目标函数,再求这个函数的最值.常从以下几个方面考虑: ①利用判别式来构造不等关系,从而确定参数的取值范围; ②利用隐含或已知的不等关系建立不等式,从而求出参数的取值范围; ③利用基本不等式求出参数的取值范围; ④利用函数的值域的求法,确定参数的取值范围. 21.已知函数. (1)若有两个不同的极值点,,求实数的取值范围; (2)在(1)的条件下,求证:. 【答案】(1);(2)详见解析. 【解析】 分析】 (1)由得,根据有两个不同的极值点,,则有两个不同的零点,即方程有两个不同的实根,转化为直线与的图象有两个不同的交点求解. (2)由(1)知,设,则,由得,,要证,将 代入整理为,再令,转化为,再构造函数,研究其最大值即可. 【详解】(1)由得, 有两个不同的极值点,,则有两个不同的零点, 即方程有两个不同的实根, 即直线与的图象有两个不同的交点, 设,则, 时,单调递增,且的取值范围是; 时,单调递减,且的取值范围是, 所以当时,直线与的图象有两个不同的交点, 有两个不同的极值点,, 故实数的取值范围是. (2)由(1)知,设,则, 由得, 所以要证,只需证, 即证,即证, 设,即证,即证, 设,则, 所以在是增函数,, 所以,从而有. 【点睛】本题主要考查导数与函数极值,导数法证明不等式,还考查了转化化归的思想和运算求解的能力,属于难题. 选考题:共10分.请考生在第22、23两题中任选一题作答.如果多做,则按所做的第一题计分. 选修4-4:坐标系与参数方程 22.在平面直角坐标系中,曲线的参数方程为(为参数),直线的参数方程为(为参数),以坐标原点为极点,轴的非负半轴为极轴建立极坐标系. (Ⅰ)求曲线以及直线的极坐标方程; (Ⅱ)若,直线与曲线相交于不同的两点,,求的值. 【答案】(Ⅰ),;(Ⅱ) 【解析】 【分析】 (1)消去参数t可得的普通方程,利用平方关系消去参数可得曲线C的直角坐标方程,把ρ2=x2+y2,y=ρsinθ代入,可得曲线以及直线的极坐标方程.. (II)把直线l的参数方程代入曲线的直角坐标方程,利用直线参数的几何意义求得结果. 【详解】(Ⅰ)依题意,曲线:,故, 即,即; 直线:,即,即, 故; (Ⅱ)将直线的参数方程代入中, 化简可得, 设,所对应的参数分别为,, 则,, 故. 【点睛】本题考查了极坐标方程、参数方程与普通方程的互化,考查了直线参数的意义,考查了计算能力,属于中档题. 选修4-5:不等式选讲 23.选修4-5:不等式选讲 已知函数 (Ⅰ)解不等式; (Ⅱ)已知,且,求证 【答案】(Ⅰ); (Ⅱ)见解析. 【解析】 【分析】 (Ⅰ)整理得:,由绝对值的几何意义即可解不等式. (Ⅱ)将问题转化成,求得,转化成证明利用基本不等式即可证明结论,问题得解. 【详解】(Ⅰ),即, 由绝对值的几何意义得:; (Ⅱ), 要证,只要证 ,即 【点睛】本题主要考查了绝对值的几何意义,还考查了转化思想及基本不等式的应用,考查计算能力,属于中档题.查看更多