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文档介绍
2014年天津市高考数学试卷(理科)
2014年天津市高考数学试卷(理科) 一、选择题(共8小题,每小题5分) 1.(5分)i是虚数单位,复数=( ) A.1﹣i B.﹣1+i C.+i D.﹣+i 2.(5分)设变量x,y满足约束条件,则目标函数z=x+2y的最小值为( ) A.2 B.3 C.4 D.5 3.(5分)阅读如图的程序框图,运行相应的程序,输出S的值为( ) A.15 B.105 C.245 D.945 4.(5分)函数f(x)=log(x2﹣4)的单调递增区间为( ) A.(0,+∞) B.(﹣∞,0) C.(2,+∞) D.(﹣∞,﹣2) 5.(5分)已知双曲线﹣=1(a>0,b>0)的一条渐近线平行于直线l:y=2x+10,双曲线的一个焦点在直线l上,则双曲线的方程为( ) A.﹣=1 B.﹣=1 C.﹣=1 D.﹣=1 6.(5分)如图,△ABC是圆的内接三角形,∠BAC的平分线交圆于点D,交BC于E,过点B的圆的切线与AD的延长线交于点F,在上述条件下,给出下列四个结论: ①BD平分∠CBF; ②FB2=FD•FA; ③AE•CE=BE•DE; ④AF•BD=AB•BF. 所有正确结论的序号是( ) A.①② B.③④ C.①②③ D.①②④ 7.(5分)设a,b∈R,则“a>b”是“a|a|>b|b|”的( ) A.充分不必要条件 B.必要不充分条件 C.充要条件 D.既不充分又不必要条件 8.(5分)已知菱形ABCD的边长为2,∠BAD=120°,点E、F分别在边BC、DC上,=λ,=μ,若•=1,•=﹣,则λ+μ=( ) A. B. C. D. 二、填空题(共6小题,每小题5分,共30分) 9.(5分)某大学为了解在校本科生对参加某项社会实践活动的意向,拟采用分层抽样的方向,从该校四个年级的本科生中抽取一个容量为300的样本进行调查,已知该校一年级、二年级、三年级、四年级的本科生人数之比为4:5:5:6,则应从一年级本科生中抽取 名学生. 10.(5分)一个几何体的三视图如图所示(单位:m),则该几何体的体积为 m3. 11.(5分)设{an}是首项为a1,公差为﹣1的等差数列,Sn为其前n项和,若S1,S2,S4成等比数列,则a1的值为 . 12.(5分)在△ABC中,内角A,B,C所对的边分别是a,b,c,已知b﹣c=a,2sinB=3sinC,则cosA的值为 . 13.(5分)在以O为极点的极坐标系中,圆ρ=4sinθ和直线ρsinθ=a相交于A、B两点,若△AOB是等边三角形,则a的值为 . 14.(5分)已知函数f(x)=|x2+3x|,x∈R,若方程f(x)﹣a|x﹣1|=0恰有4个互异的实数根,则实数a的取值范围为 . 三、解答题(共6小题,共80分) 15.(13分)已知函数f(x)=cosx•sin(x+)﹣cos2x+,x∈R. (Ⅰ)求f(x)的最小正周期; (Ⅱ)求f(x)在闭区间[﹣,]上的最大值和最小值. 16.(13分)某大学志愿者协会有6名男同学,4名女同学,在这10名同学中,3名同学来自数学学院,其余7名同学来自物理、化学等其他互不相同的七个学院,现从这10名同学中随机选取3名同学,到希望小学进行支教活动(每位同学被选到的可能性相同). (Ⅰ)求选出的3名同学是来自互不相同学院的概率; (Ⅱ)设X为选出的3名同学中女同学的人数,求随机变量X的分布列和数学期望. 17.(13分)如图,在四棱锥P﹣ABCD中,PA⊥底面ABCD,AD⊥AB,AB∥DC,AD=DC=AP=2,AB=1,点E为棱PC的中点. (Ⅰ)证明:BE⊥DC; (Ⅱ)求直线BE与平面PBD所成角的正弦值; (Ⅲ)若F为棱PC上一点,满足BF⊥AC,求二面角F﹣AB﹣P的余弦值. 18.(13分)设椭圆+=1(a>b>0)的左、右焦点分别为F1、F2,右顶点为A,上顶点为B,已知|AB|=|F1F2|. (Ⅰ)求椭圆的离心率; (Ⅱ)设P为椭圆上异于其顶点的一点,以线段PB为直径的圆经过点F1,经过原点O的直线l与该圆相切,求直线l的斜率. 19.(14分)已知q和n均为给定的大于1的自然数,设集合M={0,1,2,…,q﹣1},集合A={x|x=x1+x2q+…+xnqn﹣1,xi∈M,i=1,2,…n}. (Ⅰ)当q=2,n=3时,用列举法表示集合A; (Ⅱ)设s,t∈A,s=a1+a2q+…+anqn﹣1,t=b1+b2q+…+bnqn﹣1,其中ai,bi∈ M,i=1,2,…,n.证明:若an<bn,则s<t. 20.(14分)设f(x)=x﹣aex(a∈R),x∈R,已知函数y=f(x)有两个零点x1,x2,且x1<x2. (Ⅰ)求a的取值范围; (Ⅱ)证明:随着a的减小而增大; (Ⅲ)证明x1+x2随着a的减小而增大. 2014年天津市高考数学试卷(理科) 参考答案与试题解析 一、选择题(共8小题,每小题5分) 1.(5分)i是虚数单位,复数=( ) A.1﹣i B.﹣1+i C.+i D.﹣+i 【分析】将复数的分子与分母同时乘以分母的共轭复数3﹣4i,即求出值. 【解答】解:复数==, 故选:A. 【点评】本题考查了复数的运算法则和共轭复数的意义,属于基础题. 2.(5分)设变量x,y满足约束条件,则目标函数z=x+2y的最小值为( ) A.2 B.3 C.4 D.5 【分析】作出不等式对应的平面区域,利用线性规划的知识,通过平移即可求z的最大值. 【解答】解:作出不等式对应的平面区域, 由z=x+2y,得y=﹣, 平移直线y=﹣,由图象可知当直线y=﹣经过点B(1,1)时,直线y=﹣的截距最小,此时z最小. 此时z的最小值为z=1+2×1=3, 故选:B. 【点评】本题主要考查线性规划的应用,利用数形结合是解决线性规划题目的常用方法. 3.(5分)阅读如图的程序框图,运行相应的程序,输出S的值为( ) A.15 B.105 C.245 D.945 【分析】算法的功能是求S=1×3×5×…×(2i+1)的值,根据条件确定跳出循环的i值,计算输出S的值. 【解答】解:由程序框图知:算法的功能是求S=1×3×5×…×(2i+1)的值, ∵跳出循环的i值为4, ∴输出S=1×3×5×7=105. 故选:B. 【点评】 本题考查了直到型循环结构的程序框图,根据框图的流程判断算法的功能是解答本题的关键. 4.(5分)函数f(x)=log(x2﹣4)的单调递增区间为( ) A.(0,+∞) B.(﹣∞,0) C.(2,+∞) D.(﹣∞,﹣2) 【分析】令t=x2﹣4>0,求得函数f(x)的定义域为(﹣∞,﹣2)∪(2,+∞),且函数f(x)=g(t)=logt.根据复合函数的单调性,本题即求函数t在(﹣∞,﹣2)∪(2,+∞) 上的减区间.再利用二次函数的性质可得,函数t在(﹣∞,﹣2)∪(2,+∞) 上的减区间. 【解答】解:令t=x2﹣4>0,可得 x>2,或 x<﹣2, 故函数f(x)的定义域为(﹣∞,﹣2)∪(2,+∞), 当x∈(﹣∞,﹣2)时,t随x的增大而减小,y=logt随t的减小而增大, 所以y=log(x2﹣4)随x的增大而增大,即f(x)在(﹣∞,﹣2)上单调递增. 故选:D. 【点评】本题主要考查复合函数的单调性,二次函数的性质,体现了转化的数学思想,属于中档题. 5.(5分)已知双曲线﹣=1(a>0,b>0)的一条渐近线平行于直线l:y=2x+10,双曲线的一个焦点在直线l上,则双曲线的方程为( ) A.﹣=1 B.﹣=1 C.﹣=1 D.﹣=1 【分析】先求出焦点坐标,利用双曲线﹣=1(a>0,b>0)的一条渐近线平行于直线l:y=2x+10,可得=2,结合c2=a2+b2,求出a,b,即可求出双曲线的方程. 【解答】解:∵双曲线的一个焦点在直线l上, 令y=0,可得x=﹣5,即焦点坐标为(﹣5,0),∴c=5, ∵双曲线﹣=1(a>0,b>0)的一条渐近线平行于直线l:y=2x+10, ∴=2, ∵c2=a2+b2, ∴a2=5,b2=20, ∴双曲线的方程为﹣=1. 故选:A. 【点评】本题考查双曲线的方程与性质,考查学生的计算能力,属于中档题. 6.(5分)如图,△ABC是圆的内接三角形,∠BAC的平分线交圆于点D,交BC于E,过点B的圆的切线与AD的延长线交于点F,在上述条件下,给出下列四个结论: ①BD平分∠CBF; ②FB2=FD•FA; ③AE•CE=BE•DE; ④AF•BD=AB•BF. 所有正确结论的序号是( ) A.①② B.③④ C.①②③ D.①②④ 【分析】本题利用角与弧的关系,得到角相等,再利用角相等推导出三角形相似,得到边成比例,即可选出本题的选项. 【解答】解:∵圆周角∠DBC对应劣弧CD,圆周角∠DAC对应劣弧CD, ∴∠DBC=∠DAC. ∵弦切角∠FBD对应劣弧BD,圆周角∠BAD对应劣弧BD, ∴∠FBD=∠BAF. ∵AD是∠BAC的平分线, ∴∠BAF=∠DAC. ∴∠DBC=∠FBD.即BD平分∠CBF.即结论①正确. 又由∠FBD=∠FAB,∠BFD=∠AFB,得△FBD~△FAB. 由,FB2=FD•FA.即结论②成立. 由,得AF•BD=AB•BF.即结论④成立. 正确结论有①②④. 故选:D. 【点评】本题考查了弦切角、圆周角与弧的关系,还考查了三角形相似的知识,本题总体难度不大,属于基础题. 7.(5分)设a,b∈R,则“a>b”是“a|a|>b|b|”的( ) A.充分不必要条件 B.必要不充分条件 C.充要条件 D.既不充分又不必要条件 【分析】 根据不等式的性质,结合充分条件和必要条件的定义进行判断即可得到结论. 【解答】解:若a>b, ①a>b≥0,不等式a|a|>b|b|等价为a•a>b•b,此时成立. ②0>a>b,不等式a|a|>b|b|等价为﹣a•a>﹣b•b,即a2<b2,此时成立. ③a≥0>b,不等式a|a|>b|b|等价为a•a>﹣b•b,即a2>﹣b2,此时成立,即充分性成立. 若a|a|>b|b|, ①当a>0,b>0时,a|a|>b|b|去掉绝对值得,(a﹣b)(a+b)>0,因为a+b>0,所以a﹣b>0,即a>b. ②当a>0,b<0时,a>b. ③当a<0,b<0时,a|a|>b|b|去掉绝对值得,(a﹣b)(a+b)<0,因为a+b<0,所以a﹣b>0,即a>b.即必要性成立, 综上“a>b”是“a|a|>b|b|”的充要条件, 故选:C. 【点评】本题主要考查充分条件和必要条件的判断,利用不等式的性质 结合分类讨论是解决本题的关键. 8.(5分)已知菱形ABCD的边长为2,∠BAD=120°,点E、F分别在边BC、DC上,=λ,=μ,若•=1,•=﹣,则λ+μ=( ) A. B. C. D. 【分析】利用两个向量的加减法的法则,以及其几何意义,两个向量的数量积的定义由•=1,求得4λ+4μ﹣2λμ=3 ①;再由•=﹣,求得﹣λ﹣μ+λμ=﹣②.结合①②求得λ+μ的值. 【解答】解:由题意可得若•=(+)•(+)=+++ =2×2×cos120°++λ•+λ•μ=﹣2+4μ+4λ+λμ×2×2×cos120° =4λ+4μ﹣2λμ﹣2=1, ∴4λ+4μ﹣2λμ=3 ①. •=﹣•(﹣)==(1﹣λ)•(1﹣μ)=(1﹣λ)•(1﹣μ) =(1﹣λ)(1﹣μ)×2×2×cos120°=(1﹣λ﹣μ+λμ)(﹣2)=﹣, 即﹣λ﹣μ+λμ=﹣②. 由①②求得λ+μ=, 故选:C. 【点评】本题主要考查两个向量的加减法的法则,以及其几何意义,两个向量的数量积的定义,属于中档题. 二、填空题(共6小题,每小题5分,共30分) 9.(5分)某大学为了解在校本科生对参加某项社会实践活动的意向,拟采用分层抽样的方向,从该校四个年级的本科生中抽取一个容量为300的样本进行调查,已知该校一年级、二年级、三年级、四年级的本科生人数之比为4:5:5:6,则应从一年级本科生中抽取 60 名学生. 【分析】先求出一年级本科生人数所占总本科生人数的比例,再用样本容量乘以该比列,即为所求. 【解答】解:根据分层抽样的定义和方法,一年级本科生人数所占的比例为=, 故应从一年级本科生中抽取名学生数为300×=60, 故答案为:60. 【点评】本题主要考查分层抽样的定义和方法,利用了总体中各层的个体数之比等于样本中对应各层的样本数之比,属于基础题. 10.(5分)一个几何体的三视图如图所示(单位:m),则该几何体的体积为 m3. 【分析】几何体是圆锥与圆柱的组合体,判断圆柱与圆锥的高及底面半径,代入圆锥与圆柱的体积公式计算. 【解答】解:由三视图知:几何体是圆锥与圆柱的组合体, 其中圆柱的高为4,底面直径为2,圆锥的高为2,底面直径为4, ∴几何体的体积V=π×12×4+×π×22×2=4π+π=π. 故答案为:. 【点评】本题考查了由三视图求几何体的体积,根据三视图判断几何体的形状及数据所对应的几何量是解题的关键. 11.(5分)设{an}是首项为a1,公差为﹣1的等差数列,Sn为其前n项和,若S1,S2,S4成等比数列,则a1的值为 ﹣ . 【分析】由条件求得,Sn=,再根据S1,S2,S4成等比数列,可得 =S1•S4,由此求得a1的值. 【解答】解:由题意可得,an=a1+(n﹣1)(﹣1)=a1+1﹣n,Sn==, 再根据若S1,S2,S4成等比数列,可得 =S1•S4,即 =a1•(4a1﹣6), 解得 a1=﹣, 故答案为:﹣. 【点评】本题主要考查等差数列的前n项和公式,等比数列的定义和性质,属于中档题. 12.(5分)在△ABC中,内角A,B,C所对的边分别是a,b,c,已知b﹣c=a,2sinB=3sinC,则cosA的值为 ﹣ . 【分析】由条件利用正弦定理求得a=2c,b=,再由余弦定理求得cosA= 的值. 【解答】解:在△ABC中, ∵b﹣c=a ①,2sinB=3sinC, ∴2b=3c ②, ∴由①②可得a=2c,b=. 再由余弦定理可得 cosA===﹣, 故答案为:﹣. 【点评】本题主要考查正弦定理、余弦定理的应用,属于中档题. 13.(5分)在以O为极点的极坐标系中,圆ρ=4sinθ和直线ρsinθ=a相交于A、B两点,若△AOB是等边三角形,则a的值为 3 . 【分析】把极坐标方程化为直角坐标方程,求出B的坐标的值,代入x2+(y﹣2)2=4,可得a的值. 【解答】解:直线ρsinθ=a即y=a,(a>0),曲线ρ=4sinθ, 即ρ2=4ρsinθ,即x2+(y﹣2)2=4,表示以C(0,2)为圆心,以2为半径的圆, ∵△AOB是等边三角形,∴B(a,a), 代入x2+(y﹣2)2=4,可得(a)2+(a﹣2)2=4, ∵a>0,∴a=3. 故答案为:3. 【点评】本题考查把极坐标方程化为直角坐标方程的方法,直线和圆的位置关系,求出B的坐标是解题的关键,属于基础题. 14.(5分)已知函数f(x)=|x2+3x|,x∈R,若方程f(x)﹣a|x﹣1|=0恰有4个互异的实数根,则实数a的取值范围为 (0,1)∪(9,+∞) . 【分析】由y=f(x)﹣a|x﹣1|=0得f(x)=a|x﹣1|,作出函数y=f(x),y=a|x﹣1|的图象利用数形结合即可得到结论. 【解答】解:由y=f(x)﹣a|x﹣1|=0得f(x)=a|x﹣1|, 作出函数y=f(x),y=g(x)=a|x﹣1|的图象, 当a≤0,两个函数的图象不可能有4个交点,不满足条件, 则a>0,此时g(x)=a|x﹣1|=, 当﹣3<x<0时,f(x)=﹣x2﹣3x,g(x)=﹣a(x﹣1), 当直线和抛物线相切时,有三个零点, 此时﹣x2﹣3x=﹣a(x﹣1), 即x2+(3﹣a)x+a=0, 则由△=(3﹣a)2﹣4a=0,即a2﹣10a+9=0,解得a=1或a=9, 当a=9时,g(x)=﹣9(x﹣1),g(0)=9,此时不成立,∴此时a=1, 要使两个函数有四个零点,则此时0<a<1, 若a>1,此时g(x)=﹣a(x﹣1)与f(x),有两个交点, 此时只需要当x>1时,f(x)=g(x)有两个不同的零点即可, 即x2+3x=a(x﹣1),整理得x2+(3﹣a)x+a=0, 则由△=(3﹣a)2﹣4a>0,即a2﹣10a+9>0,解得a<1(舍去)或a>9, 综上a的取值范围是(0,1)∪(9,+∞), 方法2:由f(x)﹣a|x﹣1|=0得f(x)=a|x﹣1|, 若x=1,则4=0不成立, 故x≠1, 则方程等价为a===||=|x﹣1++5|, 设g(x)=x﹣1++5, 当x>1时,g(x)=x﹣1++5≥,当且仅当x﹣1=,即x=3时取等号, 当x<1时,g(x)=x﹣1++5=5﹣4=1,当且仅当﹣(x﹣1)=﹣,即x=﹣1时取等号, 则|g(x)|的图象如图: 若方程f(x)﹣a|x﹣1|=0恰有4个互异的实数根, 则满足a>9或0<a<1, 故答案为:(0,1)∪(9,+∞) 【点评】本题主要考查函数零点个数的应用,利用数形结合是解决本题的关键,综合性较强,难度较大. 三、解答题(共6小题,共80分) 15.(13分)已知函数f(x)=cosx•sin(x+)﹣cos2x+,x∈R. (Ⅰ)求f(x)的最小正周期; (Ⅱ)求f(x)在闭区间[﹣,]上的最大值和最小值. 【分析】(Ⅰ)根据两角和差的正弦公式、倍角公式对解析式进行化简,再由复合三角函数的周期公式求出此函数的最小正周期; (Ⅱ)由(Ⅰ)化简的函数解析式和条件中x的范围,求出的范围,再利用正弦函数的性质求出再已知区间上的最大值和最小值. 【解答】解:(Ⅰ)由题意得,f(x)=cosx•(sinxcosx) = = = = 所以,f(x)的最小正周期=π. (Ⅱ)由(Ⅰ)得f(x)=, 由x∈[﹣,]得,2x∈[﹣,],则∈[,], ∴当=﹣时,即=﹣1时,函数f(x)取到最小值是:, 当=时,即=时,f(x)取到最大值是:, 所以,所求的最大值为,最小值为. 【点评】本题考查了两角和差的正弦公式、倍角公式,正弦函数的性质,以及复合三角函数的周期公式应用,考查了整体思想和化简计算能力,属于中档题. 16.(13分)某大学志愿者协会有6名男同学,4名女同学,在这10名同学中,3名同学来自数学学院,其余7名同学来自物理、化学等其他互不相同的七个学院,现从这10名同学中随机选取3名同学,到希望小学进行支教活动(每位同学被选到的可能性相同). (Ⅰ)求选出的3名同学是来自互不相同学院的概率; (Ⅱ)设X为选出的3名同学中女同学的人数,求随机变量X的分布列和数学期望. 【分析】(Ⅰ)利用排列组合求出所有基本事件个数及选出的3名同学是来自互不相同学院的基本事件个数,代入古典概型概率公式求出值; (Ⅱ)随机变量X的所有可能值为0,1,2,3,(k=0,1,2,3)列出随机变量X的分布列求出期望值. 【解答】(Ⅰ)解:设“选出的3名同学是来自互不相同学院”为事件A, 则, 所以选出的3名同学是来自互不相同学院的概率为. (Ⅱ)解:随机变量X的所有可能值为0,1,2,3,(k=0,1,2,3) 所以随机变量X的分布列是 X 0 1 2 3 P 随机变量X的数学期望. 【点评】本题考查古典概型及其概率公式,互斥事件,离散型随机变量的分布列与数学期望,考查应用概率解决实际问题的能力. 17.(13分)如图,在四棱锥P﹣ABCD中,PA⊥底面ABCD,AD⊥AB,AB∥DC,AD=DC=AP=2,AB=1,点E为棱PC的中点. (Ⅰ)证明:BE⊥DC; (Ⅱ)求直线BE与平面PBD所成角的正弦值; (Ⅲ)若F为棱PC上一点,满足BF⊥AC,求二面角F﹣AB﹣P的余弦值. 【分析】(I)以A为坐标原点,建立如图所示的空间直角坐标系,求出BE,DC的方向向量,根据•=0,可得BE⊥DC; (II)求出平面PBD的一个法向量,代入向量夹角公式,可得直线BE与平面PBD所成角的正弦值; (Ⅲ)根据BF⊥AC,求出向量的坐标,进而求出平面FAB和平面ABP的法向量,代入向量夹角公式,可得二面角F﹣AB﹣P的余弦值. 【解答】证明:(I)∵PA⊥底面ABCD,AD⊥AB, 以A为坐标原点,建立如图所示的空间直角坐标系, ∵AD=DC=AP=2,AB=1,点E为棱PC的中点. ∴B(1,0,0),C(2,2,0),D(0,2,0),P(0,0,2),E(1,1,1) ∴=(0,1,1),=(2,0,0) ∵•=0, ∴BE⊥DC; (Ⅱ)∵=(﹣1,2,0),=(1,0,﹣2), 设平面PBD的法向量=(x,y,z), 由,得, 令y=1,则=(2,1,1), 则直线BE与平面PBD所成角θ满足: sinθ===, 故直线BE与平面PBD所成角的正弦值为. (Ⅲ)∵=(1,2,0),=(﹣2,﹣2,2),=(2,2,0), 由F点在棱PC上,设=λ=(﹣2λ,﹣2λ,2λ)(0≤λ≤1), 故=+=(1﹣2λ,2﹣2λ,2λ)(0≤λ≤1), 由BF⊥AC,得•=2(1﹣2λ)+2(2﹣2λ)=0, 解得λ=, 即=(﹣,,), 设平面FBA的法向量为=(a,b,c), 由,得 令c=1,则=(0,﹣3,1), 取平面ABP的法向量=(0,1,0), 则二面角F﹣AB﹣P的平面角α满足: cosα===, 故二面角F﹣AB﹣P的余弦值为: 【点评】本题考查的知识点是空间二面角的平面角,建立空间坐标系,将二面角问题转化为向量夹角问题,是解答的关键. 18.(13分)设椭圆+=1(a>b>0)的左、右焦点分别为F1、F2,右顶点为A,上顶点为B,已知|AB|=|F1F2|. (Ⅰ)求椭圆的离心率; (Ⅱ)设P为椭圆上异于其顶点的一点,以线段PB为直径的圆经过点F1,经过原点O的直线l与该圆相切,求直线l的斜率. 【分析】(Ⅰ)设椭圆的右焦点为F2(c,0),由|AB|=|F1F2|.可得,再利用b2=a2﹣c2,e=即可得出. (Ⅱ)由(Ⅰ)可得b2=c2.可设椭圆方程为,设P(x0,y0),由F1(﹣c,0),B(0,c),可得,.利用圆的性质可得,于是=0,得到x0+y0+c=0,由于点P在椭圆上,可得.联立可得=0,解得P.设圆心为T(x1,y1),利用中点坐标公式可得T,利用两点间的距离公式可得圆的半径r.设直线l的方程为:y=kx.利用直线与圆相切的性质即可得出. 【解答】解:(Ⅰ)设椭圆的右焦点为F2(c,0), 由|AB|=|F1F2|,可得,化为a2+b2=3c2. 又b2=a2﹣c2,∴a2=2c2. ∴e=. (Ⅱ)由(Ⅰ)可得b2=c2.因此椭圆方程为. 设P(x0,y0),由F1(﹣c,0),B(0,c),可得=(x0+c,y0),=(c,c). ∵, ∴=c(x0+c)+cy0=0, ∴x0+y0+c=0, ∵点P在椭圆上,∴. 联立,化为=0, ∵x0≠0,∴, 代入x0+y0+c=0,可得. ∴P. 设圆心为T(x1,y1),则=﹣,=. ∴T, ∴圆的半径r==. 设直线l的斜率为k,则直线l的方程为:y=kx. ∵直线l与圆相切, ∴, 整理得k2﹣8k+1=0,解得. ∴直线l的斜率为. 【点评】 本题中考查了椭圆与圆的标准方程及其性质、点与椭圆的位置关系、直线与圆相切问题、点到直线的距离公式、中点坐标公式等基础知识与基本技能方法,考查了推理能力和计算能力,属于难题. 19.(14分)已知q和n均为给定的大于1的自然数,设集合M={0,1,2,…,q﹣1},集合A={x|x=x1+x2q+…+xnqn﹣1,xi∈M,i=1,2,…n}. (Ⅰ)当q=2,n=3时,用列举法表示集合A; (Ⅱ)设s,t∈A,s=a1+a2q+…+anqn﹣1,t=b1+b2q+…+bnqn﹣1,其中ai,bi∈M,i=1,2,…,n.证明:若an<bn,则s<t. 【分析】(Ⅰ)当q=2,n=3时,M={0,1},A={x|x=x1+x2•2+x3•22,xi∈M,i=1,2,3}.即可得到集合A. (Ⅱ)由于ai,bi∈M,i=1,2,…,n.an<bn,可得an﹣bn≤﹣1. 由题意可得s﹣t=(a1﹣b1)+(a2﹣b2)q+…+(an﹣1﹣bn﹣1)qn﹣2+(an﹣bn)qn﹣1≤(q﹣1)+(q﹣1)q+…+(q﹣1)qn﹣2﹣qn﹣1 再利用等比数列的前n项和公式即可得出. 【解答】(Ⅰ)解:当q=2,n=3时, M={0,1},A={x|x=x1+x2•2+x3•22,xi∈M,i=1,2,3}. 可得A={0,1,2,3,4,5,6,7}. (Ⅱ)证明:由设s,t∈A,s=a1+a2q+…+anqn﹣1,t=b1+b2q+…+bnqn﹣1,其中ai,bi∈M,i=1,2,…,n.an<bn,∴s﹣t=(a1﹣b1)+(a2﹣b2)q+…+(an﹣1﹣bn﹣1)qn﹣2+(an﹣bn)qn﹣1 ≤(q﹣1)+(q﹣1)q+…+(q﹣1)qn﹣2﹣qn﹣1 =(q﹣1)(1+q+…+qn﹣2)﹣qn﹣1 =﹣qn﹣1 =﹣1<0. ∴s<t. 【点评】 本题考查了考查了集合的运算及其性质、等比数列的前n项和公式、不等式的基本性质等基础知识与基本技能方法,考查了推理能力和计算能力,属于难题. 20.(14分)设f(x)=x﹣aex(a∈R),x∈R,已知函数y=f(x)有两个零点x1,x2,且x1<x2. (Ⅰ)求a的取值范围; (Ⅱ)证明:随着a的减小而增大; (Ⅲ)证明x1+x2随着a的减小而增大. 【分析】(Ⅰ)对f(x)求导,讨论f′(x)的正负以及对应f(x)的单调性,得出函数y=f(x)有两个零点的等价条件,从而求出a的取值范围; (Ⅱ)由f(x)=0,得a=,设g(x)=,判定g(x)的单调性即得证; (Ⅲ)由于x1=a,x2=a,则x2﹣x1=lnx2﹣lnx1=ln,令=t,整理得到x1+x2=,令h(x)=,x∈(1,+∞),得到h(x)在(1,+∞)上是增函数,故得到x1+x2随着t的减小而增大.再由(Ⅱ)知,t随着a的减小而增大,即得证. 【解答】解:(Ⅰ)∵f(x)=x﹣aex,∴f′(x)=1﹣aex; 下面分两种情况讨论: ①a≤0时,f′(x)>0在R上恒成立,∴f(x)在R上是增函数,不合题意; ②a>0时,由f′(x)=0,得x=﹣lna,当x变化时,f′(x)、f(x)的变化情况如下表: x (﹣∞,﹣lna) ﹣lna (﹣lna,+∞) f′(x) + 0 ﹣ f(x) 递增 极大值﹣lna﹣1 递减 ∴f(x)的单调增区间是(﹣∞,﹣lna),减区间是(﹣lna,+∞); ∴函数y=f(x)有两个零点等价于如下条件同时成立: ①f(﹣lna)>0; ②存在s1∈(﹣∞,﹣lna),满足f(s1)<0; ③存在s2∈(﹣lna,+∞),满足f(s2)<0; 由f(﹣lna)>0,即﹣lna﹣1>0,解得0<a<e﹣1; 取s1=0,满足s1∈(﹣∞,﹣lna),且f(s1)=﹣a<0, 取s2=+ln,满足s2∈(﹣lna,+∞),且f(s2)=(﹣)+(ln﹣)<0; ∴a的取值范围是(0,e﹣1). (Ⅱ)证明:由f(x)=x﹣aex=0,得a=, 设g(x)=,由g′(x)=,得g(x)在(﹣∞,1)上单调递增,在(1,+∞)上单调递减, 并且当x∈(﹣∞,0)时,g(x)≤0,当x∈(0,+∞)时,g(x)≥0, x1、x2满足a=g(x1),a=g(x2),a∈(0,e﹣1)及g(x)的单调性,可得x1∈(0,1),x2∈(1,+∞); 对于任意的a1、a2∈(0,e﹣1),设a1>a2,g(X1)=g(X2)=a1,其中0<X1<1<X2; g(Y1)=g(Y2)=a2,其中0<Y1<1<Y2; ∵g(x)在(0,1)上是增函数,∴由a1>a2,得g(Xi)>g(Yi),可得X1>Y1;类似可得X2<Y2; 又由X、Y>0,得<<;∴随着a的减小而增大; (Ⅲ)证明:∵x1=a,x2=a,∴lnx1=lna+x1,lnx2=lna+x2; ∴x2﹣x1=lnx2﹣lnx1=ln,设=t,则t>1, ∴,解得x1=,x2=, ∴x1+x2=…①; 令h(x)=,x∈(1,+∞),则h′(x)=; 令u(x)=﹣2lnx+x﹣,得u′(x)=,当x∈(1,+∞)时,u′(x)>0, ∴u(x)在(1,+∞)上是增函数,∴对任意的x∈(1,+∞),u(x)>u(1)=0, ∴h′(x)>0,∴h(x)在(1,+∞)上是增函数; ∴由①得x1+x2随着t的增大而增大. 由(Ⅱ)知,t随着a的减小而增大, ∴x1+x2随着a的减小而增大. 【点评】本题考查了导数的运算以及利用导数研究函数的单调性与极值问题,也考查了函数思想、化归思想、抽象概括能力和分析问题、解决问题的能力,是综合型题目. 查看更多