2020届二轮复习圆的方程学案（全国通用）

2020届二轮复习圆的方程学案（全国通用）

一、走进教材 ‎　　　　　　　　　　　‎ ‎1．(必修2P124A组T1改编)圆x2＋y2－4x＋6y＝0的圆心坐标是(　　)‎ A．(2,3) B．(－2,3)‎ C．(－2，－3) D．(2，－3)‎ 解析　圆的方程可化为(x－2)2＋(y＋3)2＝13，所以圆心坐标是(2，－3)。故选D。‎ 答案　D ‎2．(必修2P120例3改编)过点A(1，－1)，B(－1,1)，且圆心在直线x＋y－2＝0上的圆的方程是(　　)‎ A．(x－3)2＋(y＋1)2＝4‎ B．(x＋3)2＋(y－1)2＝4‎ C．(x－1)2＋(y－1)2＝4‎ D．(x＋1)2＋(y＋1)2＝4‎ 解析　设圆心C的坐标为(a，b)，半径为r，因为圆心C在直线x＋y－2＝0上，所以b＝2－a。因为|CA|2＝|CB|2，所以(a－1)2＋(2－a＋1)2＝(a＋1)2＋(2－a－1)2。所以a＝1，b＝1。所以r＝2。所以方程为(x－1)2＋(y－1)2＝4。故选C。‎ 解析：因为A(1，－1)，B(－1,1)，所以AB的中垂线方程为y＝x。由得所以圆心坐标为(1,1)，r＝＝2。则圆的方程为(x－1)2＋(y－1)2＝4。‎ 答案　C 二、走近高考 ‎3．(2018·全国卷Ⅰ)一个圆经过椭圆＋＝1的三个顶点，且圆心在x轴的正半轴上，则该圆的标准方程为________。‎ 解析　设圆心为(t,0)(t>0)，则半径为4－t，所以4＋t2＝(4－t)2，解得t＝，所以圆的标准方程为2＋y2＝。‎ 答案　2＋y2＝ ‎4．(2018·天津高考)已知圆C的圆心在x轴的正半轴上，点M(0，)在圆C上，且圆心到直线2x－y＝0的距离为，则圆C的方程为________。‎ 解析　设圆心的坐标为(a,0)(a>0)，根据题意得＝，解得a＝2(a＝－2舍去)，所以圆的半径r＝＝3，所以圆的方程为(x－2)2＋y2＝9。‎ 答案　(x－2)2＋y2＝9‎ 三、走出误区 微提醒：①忽视表示圆的充要条件D2＋E2－4F>0；②错用点与圆的位置关系判定；③‎ 忽视圆的方程中变量的取值范围。‎ ‎5．若方程x2＋y2＋mx－2y＋3＝0表示圆，则m的取值范围是(　　)‎ A．(－∞，－)∪(，＋∞)‎ B．(－∞，－2)∪(2，＋∞)‎ C．(－∞，－)∪(，＋∞)‎ D．(－∞，－2)∪(2，＋∞)‎ 解析　将x2＋y2＋mx－2y＋3＝0化为圆的标准方程得2＋(y－1)2＝－2。由其表示圆可得－2>0，解得m<－2或m>2。‎ 答案　B ‎6．若点(1,1)在圆(x－a)2＋(y＋a)2＝4的内部，则实数a的取值范围是(　　)‎ A．－1＜a＜1 B．0＜a＜1‎ C．a＞1或a＜－1 D．a＝±4‎ 解析　因为点(1,1)在圆内，所以(1－a)2＋(1＋a)2＜4，即－1＜a＜1。故选A。‎ 答案　A ‎7．已知实数x，y满足(x－2)2＋y2＝4，则3x2＋4y2的最大值为________。‎ 解析　由(x－2)2＋y2＝4，得y2＝4x－x2≥0，得0≤x≤4，所以3x2＋4y2＝3x2＋4(4x－x2)＝－x2＋16x＝－(x－8)2＋64(0≤x≤4)，所以当x＝4时，3x2＋4y2取得最大值48。‎ 答案　48‎ 考点一圆的方程 ‎【例1】　(1)过点A(4,1)的圆C与直线x－y－1＝0相切于点B(2,1)，则圆C的方程为________。‎ ‎(2)已知圆C经过P(－2,4)，Q(3，－1)两点，且在x轴上截得的弦长等于6，则圆C的方程为________。‎ 解析　(1)由已知kAB＝0，所以AB的中垂线方程为x＝3①。过B点且垂直于直线x－y－1＝0的直线方程为y－1＝－(x－2)，即x＋y－3＝0②，联立①②，解得所以圆心坐标为(3,0)，半径r＝＝，所以圆C的方程为(x－3)2＋y2＝2。‎ 解析：设圆的方程为(x－a)2＋(y－b)2＝r2(r>0)，因为点A(4,1)，B(2,1)在圆上，故又因为＝－1，解得a＝3，b＝0，r＝，故所求圆的方程为(x－3)2＋y2＝2。‎ ‎(2)设圆的方程为x2＋y2＋Dx＋Ey＋F＝0(D2＋E2－4F>0)，将P，Q两点的坐标分别代入得又令y＝0，得x2＋Dx＋F＝0③。设x1，x2是方程③的两根，由|x1－x2|＝6，得D2－4F＝36④，联立①②④，解得D＝－2，E＝－4，F＝－8，或D＝－6，E＝－8，F＝0。故所求圆的方程为x2＋y2－2x－4y－8＝0或x2＋y2－6x－8y＝0。‎ 答案　(1)(x－3)2＋y2＝2　(2)x2＋y2－2x－4y－8＝0或x2＋y2－6x－8y＝0‎ 求圆的方程时，应根据条件选用合适的圆的方程．一般来说，求圆的方程有两种方法：(1)几何法：通过研究圆的性质进而求出圆的基本量。确定圆的方程时，常用到的圆的三个性质：①圆心在过切点且垂直切线的直线上；②圆心在任一弦的中垂线上；③两圆内切或外切时，切点与两圆圆心三点共线。(2)代数法：即设出圆的方程，用待定系数法求解。‎ ‎【变式训练】　(1)(2019·珠海联考)已知圆C与直线x－y＝0及x－y－4＝0都相切，圆心在直线x＋y＝0上，则圆C的标准方程为(　　)‎ A．(x＋1)2＋(y－1)2＝2‎ B．(x－1)2＋(y＋1)2＝2‎ C．(x－1)2＋(y－1)2＝2‎ D．(x＋1)2＋(y＋1)2＝2‎ ‎(2)(2019·河南豫西五校联考)在平面直角坐标系xOy中，以点(0,1)为圆心且与直线x－by＋2b＋1＝0相切的所有圆中，半径最大的圆的标准方程为(　　)‎ A．x2＋(y－1)2＝4 B．x2＋(y－1)2＝2‎ C．x2＋(y－1)2＝8 D．x2＋(y－1)2＝16‎ 解析　(1)由题意设圆心坐标为(a，－a)，则有＝即|a|＝|a－2|，解得a＝1。故圆心坐标为(1，－1)，半径r＝＝，所以圆C的标准方程为(x－1)2＋(y＋1)2＝2。故选B。‎ ‎(2)直线x－by＋2b＋1＝0过定点P(－1,2)，如图。所以圆与直线x－by＋2b＋1＝0相切于点P时，圆的半径最大，为，此时圆的标准方程为x2＋(y－1)2＝2。故选B。‎ 答案　(1)B　(2)B 考点二与圆有关的轨迹问题 ‎【例2】　已知圆x2＋y2＝4上一定点A(2,0)，B(1,1)为圆内一点，P，Q为圆上的动点。‎ ‎(1)求线段AP中点的轨迹方程；‎ ‎(2)若∠PBQ＝90°，求线段PQ中点的轨迹方程。‎ 解　(1)设AP的中点为M(x，y)，由中点坐标公式可知，P点坐标为(2x－2,2y)。‎ 因为P点在圆x2＋y2＝4上，‎ 所以(2x－2)2＋(2y)2＝4。‎ 故线段AP中点的轨迹方程为(x－1)2＋y2＝1，(x≠2)。‎ ‎(2)设PQ的中点为N(x，y)。‎ 在Rt△PBQ中，|PN|＝|BN|。‎ 设O为坐标原点，连接ON，则ON⊥PQ，‎ 所以|OP|2＝|ON|2＋|PN|2＝|ON|2＋|BN|2，‎ 所以x2＋y2＋(x－1)2＋(y－1)2＝4。‎ 整理得x2＋y2－x－y－1＝0，‎ 故线段PQ中点的轨迹方程为 x2＋y2－x－y－1＝0。‎ 求与圆有关的轨迹问题时，根据题设条件的不同，常采用以下方法：‎ ‎1．直接法：直接根据题目提供的条件列出方程。‎ ‎2．定义法：根据圆、直线等定义列方程。‎ ‎3．几何法：利用圆的几何性质列方程。‎ ‎4．代入法：找到要求点与已知点的关系，代入已知点满足的关系式等。‎ ‎【变式训练】　自圆C：(x－3)2＋(y＋4)2＝4外一点P(x，y)引该圆的一条切线，切点为Q，PQ的长度等于点P到原点O的距离，则点P的轨迹方程为(　　)‎ A．8x－6y－21＝0 B．8x＋6y－21＝0‎ C．6x＋8y－21＝0 D．6x－8y－21＝0‎ 解析　由题意得，圆心C的坐标为(3，－4)，半径r＝2，如图。因为|PQ|＝|PO|，且PQ⊥CQ，所以|PO|2＋r2＝|PC|2，所以x2＋y2＋4＝(x－3)2＋(y＋4)2，即6x－8y－21＝0，所以点P的轨迹方程为6x－8y－21＝0，故选D。‎ 答案　D 考点三与圆有关的最值问题微点小专题 方向1：借助几何性质求最值 ‎【例3】　已知实数x，y满足方程x2＋y2－4x＋1＝0，则(1)的最大值和最小值分别为________和________；‎ ‎(2)y－x的最大值和最小值分别为________和________；‎ ‎(3)x2＋y2的最大值和最小值分别为________和________。‎ 解析　原方程可化为(x－2)2＋y2＝3，表示以(2,0)为圆心，为半径的圆。‎ ‎(1)的几何意义是圆上一点与原点连线的斜率，所以设＝k，即y＝kx。当直线y＝kx与圆相切时(如图)，斜率k取最大值或最小值，此时＝，解得k＝±。所以的最大值为，最小值为－。‎ ‎(2)令y－x＝b，则y－x可看作是直线y＝x＋b在y轴上的截距。如图所示，当直线y＝x＋b与圆相切时，纵截距b取得最大值或最小值，此时＝，解得b＝－2±，所以y－x的最大值为－2＋，最小值为－2－。‎ ‎(3)x2＋y2表示圆上的一点与原点距离的平方。由平面几何知识知，在原点和圆心连线与圆的两个交点处取得最大值和最小值。又圆心到原点的距离为2，所以x2＋y2的最大值是(2＋)2＝7＋4，x2＋y2的最小值是(2－)2＝7－4。‎ 答案　(1)　－　(2)－2＋　－2－ ‎(3)7＋4　7－4 借助几何性质求与圆有关的最值问题，根据代数式的几何意义，借助数形结合思想求解。‎ ‎1．形如μ＝形式的最值问题，可转化为动直线斜率的最值问题或转化为线性规划问题。‎ ‎2．形如t＝ax＋by形式的最值问题，可转化为动直线截距的最值问题或转化为线性规划问题。‎ ‎3．形如(x－a)2＋(y－b)2‎ 形式的最值问题，可转化为动点到定点的距离的平方的最值问题。‎ 方向2：建立函数关系求最值 ‎【例4】　(2019·厦门模拟)设点P(x，y)是圆：x2＋(y－3)2＝1上的动点，定点A(2,0)，B(－2,0)，则·的最大值为________。‎ 解析　由题意，知＝(2－x，－y)，＝(－2－x，－y), 所以·＝x2＋y2－4，由于点P(x，y)是圆上的点，故其坐标满足方程x2＋(y－3)2＝1，故x2＝－(y－3)2＋1，所以·＝－(y－3)2＋1＋y2－4＝6y－12。由圆的方程x2＋(y－3)2＝1，易知2≤y≤4，所以，当y＝4时，·的值最大，最大值为6×4－12＝12。‎ 答案　12‎ 根据题中条件列出相关的函数关系式，再根据函数知识或基本不等式求最值。‎ ‎【题点对应练】　‎ ‎1．(方向1)已知两点A(0，－3)，B(4,0)，若点P是圆C：x2＋y2－2y＝0上的动点，则△ABP的面积的最小值为(　　)‎ A．6 B． C．8 D． 解析　x2＋y2－2y＝0可化为x2＋(y－1)2＝1，则圆C为以(0,1)为圆心，1为半径的圆。如图，过圆心C向直线AB作垂线交圆于点P，连接BP，AP，这时△ABP的面积最小，直线AB的方程为＋＝1，即3x－4y－12＝0，圆心C到直线AB的距离d＝，又|AB|＝＝5，所以△ABP的面积的最小值为×5×＝。‎ 答案　B ‎2．(方向2)已知实数x，y满足(x－2)2＋(y－1)2＝1，则z＝的最大值与最小值分别为________和________。‎ 解析　由题意，得表示过点A(0，－1)和圆(x－2)2＋(y－1)2＝1上的动点(x，y ‎)的直线的斜率。当且仅当直线与圆相切时，直线的斜率分别取得最大值和最小值。设切线方程为y＝kx－1，即kx－y－1＝0，则＝1，解得k＝，所以zmax＝，zmin＝。‎ 答案　　 ‎3．(方向2)已知圆O：x2＋y2＝9，过点C(2,1)的直线l与圆O交于P，Q两点，当△OPQ的面积最大时，直线l的方程为(　　)‎ A．x－y－3＝0或7x－y－15＝0‎ B．x＋y＋3＝0或7x＋y－15＝0‎ C．x＋y－3＝0或7x－y＋15＝0‎ D．x＋y－3＝0或7x＋y－15＝0‎ 解析　当直线l的斜率不存在时，l的方程为x＝2，则P，Q的坐标为(2，)，(2，－)，所以S△OPQ＝×2×2＝2。当直线l的斜率存在时，设l的方程为y－1＝k(x－2)，则圆心到直线PQ的距离d＝，由平面几何知识得|PQ|＝2，S△OPQ＝·|PQ|·d＝·2·d＝≤＝，当且仅当9－d2＝d2，即d2＝时，S△OPQ取得最大值。因为2<，所以S△OPQ的最大值为，此时＝，解得k＝－1或k＝－7，此时直线l的方程为x＋y－3＝0或7x＋y－15＝0。故选D。‎ 答案　D 四点共圆问题的求解策略 四点共圆问题本属于平面几何内容，是数学竞赛中的高频考点，近年来，圆锥曲线中的四点共圆问题也频频出现在高考试题中。‎ ‎【典例】　已知抛物线C：y2＝2px(p>0)的焦点为F，直线y＝4与y轴的交点为P，与C的交点为Q，且|QF|＝|PQ|。‎ ‎(1)求抛物线C的方程；‎ ‎(2)过F的直线l与C相交于A，B两点，若AB的垂直平分线l′与C相交于M，N两点，且A，M，B，N四点在同一圆上，求l的方程。‎ ‎【解】　(1)设Q(x0,4)，代入y2＝2px，得x0＝，又P(0，4)，所以|PQ|＝。又|QF|＝＋x0＝＋，且|QF|＝|PQ|，所以＋＝·，解得p＝2(p＝－2舍去)，所以，抛物线C的方程为y2＝4x。‎ ‎(2)因为A，M，B，N四点在同一圆上，弦AB的垂直平分线必过圆心，又MN垂直平分 AB，所以MN是圆的直径，则MN的中点E就是这个圆的圆心，所以|AE|＝|BE|＝|MN|。‎ 依题意可知，直线l与坐标轴不垂直，故可设l的方程为x＝my＋1。‎ 由得y2－4my－4＝0。‎ 设A(x1，y1)，B(x2，y2)，‎ 则y1＋y2＝4m，y1y2＝－4。‎ 故线段AB的中点为D(2m2＋1,2m)，‎ ‎|AB|＝|y1－y2|＝4(m2＋1)。‎ 又l′与l垂直，故可得直线l′的方程为x＝－y＋2m2＋3，与y2＝4x联立可得：‎ y2＋y－4(2m2＋3)＝0。‎ 设M(x3，y3)，N(x4，y4)，‎ 则y3＋y4＝－，y3y4＝－8m2－12。‎ 故线段MN的中点为E，‎ ‎|MN|＝|y3－y4|＝。‎ 在直角△ADE中，由勾股定理得 ‎|AD|2＋|DE|2＝|AE|2，‎ 所以|AB|2＋4|DE|2＝|MN|2，即 ‎4(m2＋1)2＋2＋2‎ ‎＝，‎ 解得m＝±1。‎ 故所求直线l的方程为x－y－1＝0或x＋y－1＝0。‎ 本题中，MN的中点E就是A，M，B，N四点所在圆的圆心，故可将四点共圆的条件转化为圆心E到四点的距离相等，从而得到|AE|＝|BE|＝|MN|，进而把问题转化为先求线段AB 的中点D、线段MN的中点E的坐标以及|AB|和|MN|，这是解析几何中的常规问题，通常是联立方程组后结合韦达定理来处理，但计算量较大。‎