数学卷·2018届江苏省连云港市东海高中高二上学期月考数学试卷(行知部) (解析版)

申明敬告: 本站不保证该用户上传的文档完整性,不预览、不比对内容而直接下载产生的反悔问题本站不予受理。

文档介绍

数学卷·2018届江苏省连云港市东海高中高二上学期月考数学试卷(行知部) (解析版)

‎2016-2017学年江苏省连云港市东海高中高二(上)月考数学试卷(行知部)‎ ‎ ‎ 一、填空题:本大题共14个小题,每小题5分,共70分.‎ ‎1.不等式<1的解集为  .‎ ‎2.已知在数列{an}中,a1=﹣1,an+1=2an﹣3,则a5等于  .‎ ‎3.在1和81之间插入3个实数,使它们与这两个数组成等差数列,则这个等差数列的公差是  .‎ ‎4.二次函数y=f(x)=ax2+bx+c(x∈R)的部分对应如表:‎ x ‎﹣4‎ ‎﹣3‎ ‎﹣2‎ ‎﹣1‎ ‎0‎ ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ y ‎6‎ ‎0‎ ‎﹣4‎ ‎﹣6‎ ‎﹣6‎ ‎﹣4‎ ‎0‎ ‎6‎ 则关于x的不等式f(x)≤0的解集为  .‎ ‎5.若一个直角三角形的三边长恰好组成一个公差为2的等差数列,则该三角形的面积是  .‎ ‎6.若等差数列{an}的第1,3,11项恰好为等比数列{bn}的第3,4,5项,则数列{bn}的公比是  .‎ ‎7.设实数x,y满足,则z=的取值范围是  .‎ ‎8.在等差数列{an}中,首项a1=0,公差d≠0,若ak=a1+a2+…+a17,则k=  .‎ ‎9.已知两个等差数列{an},{bn},它们的前n项和分别是Sn,Tn,若=,则=  .‎ ‎10.关于x的不等式ax2+ax+3<0的解集是∅,则a的取值范围是  .‎ ‎11.已知关于x的不等式2x+≥7在x∈(a,+∞)上恒成立,则实数a的最小值为  .‎ ‎12.若角α是锐角,则sinα+cosα+的最小值是  .‎ ‎13.数列{an}满足+++…+=3n+1,则数列{an}的通项公式为an=  .‎ ‎14.设f(i,k)=i•2(k﹣1)(i∈N*,k∈N*),如f(2,3)=2×2(3﹣1)=8.对于正整数m,n,当m≥2,n≥2时,设g(i,n)=f(20,n)+f(21,n)+…+f(2i,n ),S(m,n)=(﹣1)ig(i,n),则S(4,6)=  .‎ ‎ ‎ 二、解答题(本大题共6小题,共90分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.)‎ ‎15.设等差数列{an}的前n项和为Sn,已知a3=24,a6=18.‎ ‎(1)求数列{an}的通项公式及前n项和Sn的表达式;‎ ‎(2)当n为何值时,Sn最大,并求Sn的最大值.‎ ‎16.解关于x的不等式ax2+2x﹣1>0(a为常数).‎ ‎17.如图,某单位准备修建一个面积为600平方米和矩形场地(图中ABCD)的围墙,且要求中间用围墙EF隔开,使得ABEF为矩形,EFCD为正方形,设AB=x米,已知围墙(包括EF)的修建费用均为800元每平方米,设围墙(包括EF)的修建总费用为y元.‎ ‎(1)求出y关于x的函数解析式;‎ ‎(2)当x为何值时,设围墙(包括EF)的修建总费用y最小?并求出y的最小值.‎ ‎18.已知函数f(x)=x2﹣mx+m﹣1.‎ ‎(1)当x∈[2,4]时,f(x)≥﹣1恒成立,求实数m的取值范围;‎ ‎(2)是否存在整数a,b(a<b),使得关于x的不等式a≤f(x)≤b的解集为{x|a≤x≤b}?若存在,求出a,b的值;若不存在,请说明理由.‎ ‎19.已知数列{an}中,a1=2,a2=3,其前n项和Sn满足Sn+1+Sn﹣1=2Sn+1,其中n≥2,n∈N*.‎ ‎(Ⅰ)求证:数列{an}为等差数列,并求其通项公式;‎ ‎(Ⅱ)设bn=an•2﹣n,Tn为数列{bn}的前n项和.‎ ‎①求Tn的表达式;‎ ‎②求使Tn>2的n的取值范围.‎ ‎20.已知数列{an}满足a1=x,a2=3x,Sn+1+Sn+Sn﹣1=3n2+2(n≥2,n∈N*),Sn是数列{an}的前n项和.‎ ‎(1)若数列{an}为等差数列.‎ ‎(ⅰ)求数列的通项an;‎ ‎(ⅱ)若数列{bn}满足bn=2an,数列{cn}满足cn=t2bn+2﹣tbn+1﹣bn,试比较数列{bn}前n项和Bn与{cn}前n项和Cn的大小;‎ ‎(2)若对任意n∈N*,an<an+1恒成立,求实数x的取值范围.‎ ‎ ‎ ‎2016-2017学年江苏省连云港市东海高中高二(上)月考数学试卷(行知部)‎ 参考答案与试题解析 ‎ ‎ 一、填空题:本大题共14个小题,每小题5分,共70分.‎ ‎1.不等式<1的解集为 (1,+∞)∪(﹣∞,0) .‎ ‎【考点】其他不等式的解法.‎ ‎【分析】首先移项通分,等价变形为整式不等式解之 ‎【解答】解:原不等式等价于,即x(x﹣1)>0,‎ 所以不等式的解集为(1,+∞)∪(﹣∞,0);‎ 故答案为:(1,+∞)∪(﹣∞,0)‎ ‎ ‎ ‎2.已知在数列{an}中,a1=﹣1,an+1=2an﹣3,则a5等于 ﹣61 .‎ ‎【考点】数列递推式.‎ ‎【分析】利用数列的递推关系式逐步求解即可.‎ ‎【解答】解:在数列{an}中,a1=﹣1,an+1=2an﹣3,‎ 则a2=2a1﹣3=﹣5,‎ a3=2a2﹣3=﹣13,‎ a4=2a3﹣3=﹣29,‎ a5=2a4﹣3=﹣61.‎ 故答案为:﹣61.‎ ‎ ‎ ‎3.在1和81之间插入3个实数,使它们与这两个数组成等差数列,则这个等差数列的公差是 20 .‎ ‎【考点】等差数列.‎ ‎【分析】利用等差数列的通项公式即可得出.‎ ‎【解答】解:设这个等差数列的公差为d,由题意可得:81=1+4d,解得d=20.‎ 故答案为:20.‎ ‎ ‎ ‎4.二次函数y=f(x)=ax2+bx+c(x∈R)的部分对应如表:‎ x ‎﹣4‎ ‎﹣3‎ ‎﹣2‎ ‎﹣1‎ ‎0‎ ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ y ‎6‎ ‎0‎ ‎﹣4‎ ‎﹣6‎ ‎﹣6‎ ‎﹣4‎ ‎0‎ ‎6‎ 则关于x的不等式f(x)≤0的解集为 [﹣3,2] .‎ ‎【考点】二次函数的性质.‎ ‎【分析】由表中数据可看出f(x)过点(﹣3,0),(0,﹣6),(2,0),将这三点的坐标分别带入f(x)便可得出关于a,b,c的方程组,可解出a,b,c的值,从而可以解一元二次不等式f(x)≤0,这样即可得出该不等式的解集.‎ ‎【解答】解:根据条件知,f(x)过点(﹣3,0),(0,﹣6),(2,0);‎ ‎∴;‎ 解得;‎ ‎∴f(x)=x2+x﹣6;‎ ‎∴解x2+x﹣6≤0得,﹣3≤x≤2;‎ ‎∴f(x)≤0的解集为[﹣3,2].‎ 故答案为:[﹣3,2].‎ ‎ ‎ ‎5.若一个直角三角形的三边长恰好组成一个公差为2的等差数列,则该三角形的面积是 24 .‎ ‎【考点】等差数列的通项公式.‎ ‎【分析】设此直角三角形的三边分别为:a﹣2,a,a+2,a+2为斜边(a>2),利用勾股定理即可得出.‎ ‎【解答】解:设此直角三角形的三边分别为:a﹣2,a,a+2,a+2为斜边(a>2),‎ ‎∴(a﹣2)2+a2=(a+2)2,化为:a2﹣8a=0,a>2,解得a=8.‎ ‎∴直角边为:6,8.‎ ‎∴该三角形的面积S==24.‎ 故答案为:24.‎ ‎ ‎ ‎6.若等差数列{an}的第1,3,11项恰好为等比数列{bn}的第3,4,5项,则数列{bn}的公比是 1或4 .‎ ‎【考点】等差数列与等比数列的综合.‎ ‎【分析】由等比数列等比中项可得: =a1•a11,即(a1+2d)2=a1•(a1+10d),求得4d2=6a1•d,当d=0,q=1,当d≠0,d=a1,由q==4,即可求得q的值.‎ ‎【解答】解:由题意可得: =a1•a11,即(a1+2d)2=a1•(a1+10d),‎ ‎∴4d2=6a1•d,‎ 若d=0,q=1,‎ 若d≠0,d=a1,‎ ‎∴q==4,‎ 故答案为:1或4.‎ ‎ ‎ ‎7.设实数x,y满足,则z=的取值范围是 [,] .‎ ‎【考点】简单线性规划.‎ ‎【分析】作出不等式组对应的平面区域,利用目标函数的几何意义进行求解即可.‎ ‎【解答】解:作出不等式组对应的平面区域,‎ z的几何意义是区域内的点到定点D(0,﹣1)的斜率,‎ 由图象知DA的斜率最大,DB的斜率最小,‎ 由得,即A(1,),‎ 由,得,即B(,),‎ DA的斜率k==,DB的斜率k==,‎ 则z的取值范围是[,],‎ 故答案为:[,]‎ ‎ ‎ ‎8.在等差数列{an}中,首项a1=0,公差d≠0,若ak=a1+a2+…+a17,则k= 137 .‎ ‎【考点】数列的求和.‎ ‎【分析】由ak=a1+a2+…+a17==17a9,再利用通项公式即可得出.‎ ‎【解答】解:∵ak=a1+a2+…+a17==17a9,‎ ‎∴0+(k﹣1)d=17(0+8d),‎ ‎∴k=136+1=137.‎ 故答案为:137.‎ ‎ ‎ ‎9.已知两个等差数列{an},{bn},它们的前n项和分别是Sn,Tn,若=,则=  .‎ ‎【考点】等差数列的性质.‎ ‎【分析】利用等差数列的通项公式、求和公式及其性质即可得出.‎ ‎【解答】解:由等差数列的性质可得: ===.‎ 故答案为.‎ ‎ ‎ ‎10.关于x的不等式ax2+ax+3<0的解集是∅,则a的取值范围是 [0,12] .‎ ‎【考点】其他不等式的解法.‎ ‎【分析】由于a作为系数出现,所以讨论a与0的关系,结合二次函数求解集为空集时的a 的范围.‎ ‎【解答】解:①a=0时,3<0不成立,解集为空集;‎ ‎②a≠0时,关于x的不等式ax2+ax+3<0的解集是∅,得到,即,解得0<a≤12;‎ 综上a的取值范围是[0,12].‎ 故答案为:[0,12].‎ ‎ ‎ ‎11.已知关于x的不等式2x+≥7在x∈(a,+∞)上恒成立,则实数a的最小值为  .‎ ‎【考点】不等式.‎ ‎【分析】将不等式配凑成基本不等的形式,利用基本不等式求最小值,注意等号成立的条件即可.‎ ‎【解答】解:∵x>a,∴x﹣a>0,‎ ‎∴2x+=2(x﹣a)++2a≥2+2a=2a+4,‎ 即2a+4≥7,所以a≥,即a的最小值为 当且仅当x=a+1时取等号.‎ 故答案为.‎ ‎ ‎ ‎12.若角α是锐角,则sinα+cosα+的最小值是 3 .‎ ‎【考点】函数的最值及其几何意义;三角函数的最值.‎ ‎【分析】由角α是锐角,可得:α+∈(,),进而∈(,1],结合对勾函数的图象和性质,可得sinα+cosα+的最小值.‎ ‎【解答】解:∵角α是锐角,‎ ‎∴α+∈(,),‎ ‎∴∈(,1],‎ 令t=,t∈(,1],‎ 则sinα+cosα+=(t+),‎ ‎∵y=t+在(0,]上为减函数,‎ 故当t=1,即=1时,sinα+cosα+的最小值是3,‎ 故答案为:3‎ ‎ ‎ ‎13.数列{an}满足+++…+=3n+1,则数列{an}的通项公式为an= (2n﹣1)•2•3n .‎ ‎【考点】数列的求和.‎ ‎【分析】利用方程组法,两式相减可求数列{an}的通项公式.‎ ‎【解答】解:数列{an}满足+++…+=3n+1…①‎ 则有: +++…+=3n…②,‎ 由①﹣②可得: =3n+1﹣3n=2•3n ‎∴an=(2n﹣1)•2•3n 故答案为:(2n﹣1)•2•3n ‎ ‎ ‎14.设f(i,k)=i•2(k﹣1)(i∈N*,k∈N*),如f(2,3)=2×2(3﹣1)=8.对于正整数m,n,当m≥2,n≥2时,设g(i,n)=f(20,n)+f(21,n)+…+f(2i,n ),S(m,n)=(﹣1)ig(i,n),则S(4,6)= 640 .‎ ‎【考点】进行简单的演绎推理.‎ ‎【分析】直接由新定义求出g(i,n),代入和式后取m=4,n=6进行计算.‎ ‎【解答】解:由f(i,k)=i•2(k﹣1),‎ 得g(i,n)=f(20,n)+f(21,n)+…+f(2i,n )‎ ‎=20×2n﹣1+21×2n﹣1+22×2n﹣1+…+2i×2n﹣1‎ ‎=(1+2+22+…+2i)•2n﹣1‎ ‎=‎ ‎=(2i+1﹣1)•2n﹣1.‎ 又S(m,n)=(﹣1)ig(i,n),‎ ‎∴S(4,6)=(﹣1)1•(22﹣1)•25+(﹣1)2•(23﹣1)•25+(﹣1)3•(24﹣1)•25+(﹣1)4•(25﹣1)•25‎ ‎=(﹣3+7﹣15+31)×32=640.‎ 故答案为:640.‎ ‎ ‎ 二、解答题(本大题共6小题,共90分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.)‎ ‎15.设等差数列{an}的前n项和为Sn,已知a3=24,a6=18.‎ ‎(1)求数列{an}的通项公式及前n项和Sn的表达式;‎ ‎(2)当n为何值时,Sn最大,并求Sn的最大值.‎ ‎【考点】等差数列的性质.‎ ‎【分析】(1)由题意易得数列的公差,进而可通项公式及前n项和Sn的表达式;‎ ‎(2)利用二次函数的性质求前n项和的最大值.‎ ‎【解答】解:(1)设等差数列{an}的公差为d,则,‎ 解得,‎ 所以an=a1+(n﹣1)d=28﹣2(n﹣1)=30﹣2n,‎ Sn===﹣n2+29n,即Sn=﹣n2+29n.‎ ‎(2)Sn=﹣n2+29n=﹣(n﹣)2+()2,‎ 又因为n∈N*,所以,当n=14或15时,Sn最大,最大值为210.‎ ‎ ‎ ‎16.解关于x的不等式ax2+2x﹣1>0(a为常数).‎ ‎【考点】一元二次不等式的解法.‎ ‎【分析】讨论a的取值,求对应不等式的解集即可.‎ ‎【解答】解:当a=0时,2x﹣1>0,解得x>,‎ 所以原不等式的解集为(,+∞);‎ 当a≠0时,一元二次方程ax2+2x﹣1=0的判别式△=4+4a,‎ 当a≤﹣1时,△≤0,原不等式的解集为∅;‎ 当a>0时,方程ax2+2x﹣1=0的两个实数根为x1=,x2=;‎ 原不等式的解集为{x|x>或x<};‎ 当﹣1<a<0时,x1<x2,‎ 原不等式的解集为{x|<x<}.‎ ‎ ‎ ‎17.如图,某单位准备修建一个面积为600平方米和矩形场地(图中ABCD)的围墙,且要求中间用围墙EF隔开,使得ABEF为矩形,EFCD为正方形,设AB=x米,已知围墙(包括EF)的修建费用均为800元每平方米,设围墙(包括EF)的修建总费用为y元.‎ ‎(1)求出y关于x的函数解析式;‎ ‎(2)当x为何值时,设围墙(包括EF)的修建总费用y最小?并求出y的最小值.‎ ‎【考点】函数模型的选择与应用.‎ ‎【分析】(1)根据面积确定AD的长,利用围墙(包括EF)的修建费用均为800元每平方米,即可求得函数的解析式;‎ ‎(2)根据函数的特点,满足一正二定的条件,利用基本不等式,即可确定函数的最值.‎ ‎【解答】解:(1)设AD=t米,则由题意得xt=600,且t>x,故,可得,…‎ ‎(说明:若缺少“”扣2分)‎ 则,‎ 所以y关于x的函数解析式为.‎ ‎(2),‎ 当且仅当,即x=20时等号成立.‎ 故当x为20米时,y最小.y的最小值为96000元.…‎ ‎ ‎ ‎18.已知函数f(x)=x2﹣mx+m﹣1.‎ ‎(1)当x∈[2,4]时,f(x)≥﹣1恒成立,求实数m的取值范围;‎ ‎(2)是否存在整数a,b(a<b),使得关于x的不等式a≤f(x)≤b的解集为{x|a≤x≤b}?若存在,求出a,b的值;若不存在,请说明理由.‎ ‎【考点】一元二次不等式的解法;二次函数在闭区间上的最值.‎ ‎【分析】(1)函数f(x)=x2﹣mx+m﹣1=+m﹣1.对与2,4的关系分类讨论,利用二次函数的单调性即可得出;‎ ‎(2)假设存在整数a,b(a<b),使得关于x的不等式a≤f(x)≤b的解集为{x|a≤x≤b}.即a≤x2﹣mx+m﹣1≤b的解集为{x|a≤x≤b}.可得f(a)=a,f(b)=b.即x2﹣mx+m﹣1=x的两个实数根为a,b.即可得出.‎ ‎【解答】解:(1)函数f(x)=x2﹣mx+m﹣1=+m﹣1.‎ ‎①当,即m≤4时,函数f(x)在x∈[2,4]单调递增,‎ ‎∵f(x)≥﹣1恒成立,∴f(2)=﹣m+3≥﹣1,解得m≤4.‎ ‎∴m≤4满足条件.‎ ‎②当≥4,即m≥8时,函数f(x)在x∈[2,4]单调递减,‎ ‎∵f(x)≥﹣1恒成立,∴f(4)=﹣3m+15≥﹣1,解得m≤.‎ ‎∴不满足m≥8,应该舍去.‎ ‎③当,即4<m<8时,当x=时,函数f(x)取得最小值,‎ ‎∵f(x)≥﹣1恒成立,∴f()=﹣+m﹣1≥﹣1,解得0≤m≤4,不满足4<m<8,应舍去.‎ 综上可得:实数m的取值范围是(﹣∞,4].‎ ‎(2)假设存在整数a,b(a<b),使得关于x的不等式a≤f(x)≤b的解集为{x|a≤x≤b}.‎ 即a≤x2﹣mx+m﹣1≤b的解集为{x|a≤x≤b}.则f(a)=a,f(b)=b.‎ ‎∴x2﹣mx+m﹣1=x的两个实数根为a,b.‎ ‎∴a+b=m+1,ab=m﹣1.‎ 当b=1时,a不存在,舍去;‎ 当b≠1时,a=1﹣,只有b=2或0时,可得a=0,2.‎ 又a<b,‎ ‎∴存在整数时,使得关于x的不等式a≤f(x)≤b的解集为{x|a≤x≤b}.‎ ‎ ‎ ‎19.已知数列{an}中,a1=2,a2=3,其前n项和Sn满足Sn+1+Sn﹣1=2Sn+1,其中n≥2,n∈N*.‎ ‎(Ⅰ)求证:数列{an}为等差数列,并求其通项公式;‎ ‎(Ⅱ)设bn=an•2﹣n,Tn为数列{bn}的前n项和.‎ ‎①求Tn的表达式;‎ ‎②求使Tn>2的n的取值范围.‎ ‎【考点】数列的求和;等差数列的通项公式.‎ ‎【分析】(Ⅰ)把Sn+1+Sn﹣1=2Sn+1整理为:(sn+1﹣sn)﹣(sn﹣sn﹣1)=1,即an+1﹣an=1 即可说明数列{an}为等差数列;再结合其首项和公差即可求出{an}的通项公式;‎ ‎(Ⅱ)因为数列{bn}的通项公式为一等差数列乘一等比数列组合而成的新数列,故直接利用错位相减法求和即可 ‎【解答】解:(1)∵数列{an}中,a1=2,a2=3,其前n项和Sn满足Sn+1+Sn﹣1=2Sn+1,其中n≥2,n∈N*,‎ ‎∴(Sn+1﹣Sn)﹣(Sn﹣Sn﹣1)=1(n≥2,n∈N*,),‎ ‎∴a2﹣a1=1,‎ ‎∴数列{an}是以a1=2为首项,公差为1的等差数列,‎ ‎∴an=n+1;‎ ‎(2)∵an=n+1;‎ ‎∴bn=an•2﹣n=(n+1)2﹣n,‎ ‎∴Tn=2×+3×+…+n+(n+1)…(1)‎ ‎=2×+3×+…+n+(n+1)…(2)‎ ‎(1)﹣(2)得: Tn=1++…+﹣(n+1),‎ ‎∴Tn=3﹣,‎ 代入不等式得:3﹣>2,即,‎ 设f(n)=﹣1,f(n+1)﹣f(n)=﹣<0,‎ ‎∴f(n)在N+上单调递减,‎ ‎∵f(1)=1>0,f(2)=>0,f(3)=﹣<0,‎ ‎∴当n=1,n=2时,f(n)>0;当n≥3,f(n)<0,‎ 所以n的取值范围为n≥3,且n∈N*.‎ ‎ ‎ ‎20.已知数列{an}满足a1=x,a2=3x,Sn+1+Sn+Sn﹣1=3n2+2(n≥2,n∈N*),Sn是数列{an}的前n项和.‎ ‎(1)若数列{an}为等差数列.‎ ‎(ⅰ)求数列的通项an;‎ ‎(ⅱ)若数列{bn}满足bn=2an,数列{cn}满足cn=t2bn+2﹣tbn+1﹣bn,试比较数列{bn}前n项和Bn与{cn}前n项和Cn的大小;‎ ‎(2)若对任意n∈N*,an<an+1恒成立,求实数x的取值范围.‎ ‎【考点】数列的求和;数列递推式.‎ ‎【分析】(1)(ⅰ)由条件可得S3+S2+S1=14,即a3+2a2+3a1=14,求得a3=14﹣9x,再由等差数列的性质,可得x=1,进而得到通项公式;‎ ‎(ⅱ)其前n项和Bn>0,将前n项和Bn与{cn}前n项和Cn作差,讨论t的范围,即可得到大小关系;‎ ‎(2)将n换为n+1,两式作差,再将n换为n+1,两式作差,可得,再由数列的单调性,可得不等式,解得即可得到所求范围.‎ ‎【解答】解:(1)(ⅰ)因为,‎ 所以S3+S2+S1=14,‎ 即a3+2a2+3a1=14,又a1=x,a2=3x,‎ 所以a3=14﹣9x,‎ 又因为数列{an}成等差数列,所以2a2=a1+a3,‎ 即6x=x+(14﹣9x),解得x=1,‎ 所以; ‎ ‎(ⅱ)因为,所以,其前n项和Bn>0,‎ 又因为,‎ 所以其前n项和,所以,‎ 当或时,Cn>Bn;‎ 当或时,Cn=Bn;‎ 当时,Cn<Bn.‎ ‎(2)由,‎ 知,‎ 两式作差,得,‎ 所以,‎ 作差得,‎ 所以,当n=1时,an=a1=x;‎ 当n=3k﹣1时,an=a3k﹣1=a2+(k﹣1)×6=3x+6k﹣6=2n+3x﹣4;‎ 当n=3k时,an=a3k=a3+(k﹣1)×6=14﹣9x+6k﹣6=2n﹣9x+8;‎ 当n=3k+1时,an=a3k+1=a4+(k﹣1)×6=1+6x+6k﹣6=2n+6x﹣7;‎ 因为对任意n∈N*,an<an+1恒成立,‎ 所以a1<a2且a3k﹣1<a3k<a3k+1<a3k+2,‎ 所以,解得,,‎ 故实数x的取值范围为.‎ ‎ ‎
查看更多

相关文章

您可能关注的文档