2019学年高二数学下学期期末考试试题 文 苏科版

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文档介绍

2019学年高二数学下学期期末考试试题 文 苏科版

‎2019高二期末试卷 ‎ 数学(文科) 2018.6‎ 一、填空题:本大题共14小题,每小题5分,共70分.请把答案直接填写在答题卡相应位置上.‎ ‎1.已知集合A={1,3},B={1,4,5},则A∪B= ▲ .‎ ‎2.已知复数z=(4+3i)2(i为虚数单位),则z的实部为 ▲ .‎ ‎3. 一个原命题的逆否命题是“若x=1,则x2-2x<0”,那么该原命题是 ▲ 命题.(填“真”或“假”). ‎ ‎4.函数f(x)=的定义域是 ▲ .‎ ‎ ‎ ‎5.以双曲线-y2=1的左焦点为焦点的抛物线的标准方程为 ▲ .‎ ‎6.函数f(x)=2x(0<x<1),其值域为D,在区间(-1,2)上随机取一个数x,则x∈D的概率是 ▲ .‎ 第8题 开始 k<4‎ 结束 k¬1,s¬1‎ s¬2s-k﹣×i k¬k+1‎ 输出s ‎7.某地区为了了解居民每天的饮水状况,采用分层抽样的方法随机抽取100名年龄在[10,20),[20,30),…,[50,60]年龄段的市民进行问卷调查,由此得到样本的频率分布直方图如图所示,则[30,40)年龄段应抽取的人数为 ▲ .‎ N Y 第7题 第7题 ‎8.如图所示的程序框图,运行相应的程序,输出的s值等于 ▲ .‎ ‎9.观察下列各式:a+b=1,a2+b2=3,a3+b3=4,a4+b4=7,a5+b5=11,…,则a8+b8等于 ▲ .‎ ‎10.从集合A={-2,-1,1,2}中随机取一个数为m,从集合B={-1,1,2,3}中随机取一个数为n,则方程+=1表示双曲线的概率为 ▲ .‎ - 7 -‎ ‎11.设椭圆C:+=1(a>b>0)的左、右焦点分别为F1,F2,P是椭圆C上的点,‎ PF2⊥F1F2,∠PF1F2=θ,若cosθ=,则椭圆C的离心率为 ▲ .‎ ‎12.函数f(x)满足f(x+2)=f(x)(x∈R),且在区间[-1,1)上,f(x)=,‎ 则f(f(2019))= ▲ .‎ ‎13.已知函数f(x)是定义在R上的奇函数,当x≥0时,f(x)=(|x-1|+|x-2|-3).若函数g(x)=f(x) -ax恰有三个不同的零点,则实数a的取值范围为 ▲ .‎ ‎14.已知函数f(x)=(x∈R),其中e为自然对数的底数,g(x)=-x2+2ax-2(a∈R), ‎ 若A={x|f(g(x))>e}=R,则a的取值范围是 ▲ .‎ 二、解答题:本大题共6小题,共计90分。请在答题卡指定区域内作答,解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。‎ ‎15.(本小题满分14分)‎ 已知二次函数f(x)满足f(1)=1,f(-1)=5,且图象过原点.‎ ‎(1)求二次函数f(x)的解析式;‎ ‎(2)已知集合U=[1,4],B={y|y=,x∈U},求.‎ ‎16.(本小题满分14分)‎ 已知命题p:指数函数f(x)=(a-1)x在定义域上单调递减,‎ 命题q:函数g(x)=lg(ax2-2x+)的定义域为R.‎ ‎(1)若q是真命题,求实数a的取值范围;‎ ‎(2)若“p∧q”为假命题“p∨q”为真命题,求实数a的取值范围.‎ ‎17.(本小题满分14分)‎ - 7 -‎ 已知函数f(x)=ax-(k-1)a-x(a>0且a≠1)是奇函数.‎ ‎(1)求实数k的值;‎ ‎(2)若f(1)<0,解关于x的不等式f(x2+2x)+f(x-4)<0.‎ ‎18.(本小题满分16分)‎ 某礼品店要制作一批长方体包装盒,材料是边长为60cm的正方形纸板.如图所示,先在其中相邻两个角处各切去一个边长是xcm的正方形,然后在余下两个角处各切去一个长、宽分别为30cm、xcm的矩形,再将剩余部分沿图中的虚线折起,做成一个有盖的长方体包装盒.‎ ‎ (1)求包装盒的容积V(x)关于x的函数表达式,并求函数的定义域;‎ ‎ (2)当x为多少cm时,包装盒的容积最大?最大容积是多少cm3?‎ ‎19.(本小题满分16分)‎ - 7 -‎ 已知离心率为的椭圆+=1(a>b>0) ,经过点A(1,),过A作直线与椭圆相交于另一点B,与轴相交于点D,取线段AB的中点P,以线段DP为直径作圆与直线OP相交于点Q.‎ ‎(1)求椭圆的方程;‎ ‎(2)若P点坐标为(,),求直线DQ的方程;‎ ‎(3)求证:直线DQ过定点,并求出该定点坐标.‎ ‎20.(本小题满分16分)‎ 已知函数f(x)=ax+xlnx的图象在(1,f(1))处的切线与直线2x-y+1=0平行.‎ ‎(1)求实数a的值;‎ ‎(2)若f(x)≤(k2+k-1)x2对任意x>0恒成立,求实数k的取值范围;‎ ‎(3)当n>m>1(m,n∈N*)时,证明:n>m.‎ ‎ ‎ 高二期末考试 - 7 -‎ 数学试题答案 ‎ 1、 ‎ {1,3,4,5} 2、7 3、真 4、[-5,1] 5、y2=﹣4x 6、 ‎ ‎7、35 8、-3 9、47 10、 11、3-2 12、2 ‎ ‎13、(﹣1,1) 14、(﹣1,1)‎ 15. 解:(1)设f(x)=ax2+bx+c(a≠0),因为f(1)=1,f(﹣1)=5,且图象过原点,所以 ……………………………………………………………………………3分 解得所以f(x)=3x2﹣2x. ………………………………………………………7分 ‎(2)y==3﹣,当x∈[1,4]时,函数y=3﹣是增函数,当x=1时,y取得最小值1,当x=4时,y取得最大值,所以B=[1,], ………………………………………………11分 ‎=(,4] ………………………………………………………………………………14分 ‎16解:(1)若命题q是真命题,则有①当a=0时定义域为(﹣∞,0),不合题意 ………1分 ‎②当a≠0时,由已知可得 ………………………………………………4分 解得:a>,故所求实数a的取值范围为(,+∞). …………………………………6分 ‎(2)若命题p为真命题,1<a<2 ……………………………………………………………8分 若p为真q为假,则,得到1<a≤ ………………………………………10分 若p为假q为真,则 得到a≥2 . ………………………………………12 分 综上所述,的取值范围是1<a≤ 或a≥2. ………………………………………14分 ‎17解:(1)因为f(x)是奇函数,且f(0)有意义,所以f(0)=0,所以1-(k-1)=0,‎ k=2.…………………………………………………………………………………………………2分 当k=2时,f(x)=ax-a-x,f(-x)=a-x-ax,f(x)+f(-x)=0,所以f(x)是奇函数,‎ k=2符合题意.…………………………………………………………………………………4分 ‎(2)因为f(1)<0,所以a->0,即0<a<1,………………………………………………6分 f ¢(x)=axlna+a-xlna,因为0<a<1,所以f ¢(x)<0,所以f(x)是R上的单调减函数.…9分 - 7 -‎ 由f(x2+2x)<-f(x-4)=f(4-x),得x2+2x>4-x,即x2+3x-4>0,…………………12分 解得x<-4或x>1,故所求不等式的解集为(-∞,-4)∪(1,+∞).…………………14分 ‎18.(1)因为包装盒高h=x,底面矩形的长为60-2x,宽为30-x, ‎ 所以铁皮箱的体积V(x)=(60-2x)·(30-x)·x=2x3-120x2+1800x.……………………………4分 函数的定义域为(0,30). ……………………………………………………………………6分 ‎(2)由(1)得, V ¢(x)=6x2-240x+1800=6(x-10)(x-30),‎ 令V ¢(x)=0,解得x=10. ……………………………………………………………………8分 当x∈(0,10)时, V ¢(x)>0,函数V(x)单调递增;‎ 当x∈(10,30)时, V ¢(x)<0,函数V(x)单调递减.………………………………………12分 所以函数V(x)在x=10处取得极大值,这个极大值就是函数V(x)的最大值.‎ 又V(10)=8000cm3. …………………………………………………………………………15分 答:切去的正方形边长x=10cm时,包装盒的容积最大,最大容积是8000cm3. ……16分 19. ‎(1)因为所以:a=2,b=1椭圆的方程为:+y2=1……………………4分 ‎(2)因为点P的坐标为(,),所以AB的方程为:y=-x+ ,‎ 所以D点坐标为(0,) ………………………………………………………………………5分 又因为以DP为直径的圆与OP交于Q,所以DQ⊥OP又kOP=,所以kDQ=-2…7分 所以DQ的方程为:y=-2x+ …………………………………………………………8分 (3) 由题意知直线l的斜率存在,可设l的方程为:y-=k(x-1),‎ 所以D点坐标为(0,-k)……………………………………………………………………9分 又消去y后得:(4k2+1)x2+4k(-2k)x+4(-k)2-4=0‎ 所以:xA+xB=-,………………………………………………………………10分 所以xP=,yP=,所以kOP=- ………………………………………12分 又DQ⊥OP,所以kDQ=4k……………………………………………………………………14分 所以DQ的方程为:y-+k=4kx,即y-=k(4x-1) ………………………………15分 所以直线DQ恒过定点(,) ……………………………………………………………16分 ‎20.解:(1)求导数,得f ′(x)=a+lnx+1.‎ 由已知,得f ′(1)=2,即a+ln1+1=2 ∴a=1. ………………………………………‎ - 7 -‎ ‎3分 ‎(2)由(1)知f(x)=x+xlnx,‎ ‎∴f(x)≤(k2+k-1)x2对任意x>0成立⇔k2+k-1≥对任意x>0成立. …………5分 令g(x)=,则问题转化为求g(x)的最大值. …………………………………………6分 求导得g′(x)=-,令g′(x)=0,解得x=1. ……………………………………………7分 当0<x<1时,g′(x)>0,∴g(x)在(0,1)上是增函数;‎ 当x>1时,g′(x)<0,∴g(x)在(1,+∞)上是减函数.‎ ‎∴g(x)在x=1处取得最大值g(1)=1.‎ ‎∴k2+k-1≥1即k≥1或k≤-2为所求. ………………………………………………9分 ‎(3)证明:令h(x)=,则h′(x)= …………………………………………11分 由(2)知, x≥1+lnx(x>0),∴h′(x)≥0,∴h(x)是(1,+∞)上的增函数.‎ ‎∵n>m>1,∴h(n)>h(m),即>,………………………………………………14分 ‎∴mnlnn-nlnn>mnlnm-mlnm,即mnlnn+mlnm>mnlnm+nlnn,‎ ‎∴lnnmn+lnmm>lnmmn+lnnn,即ln(mnn)m>ln(nmm)m,∴(mnn)m>(nmm)m。‎ ‎∴n>m. …………………………………………………………………………16分 - 7 -‎
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