- 2021-06-15 发布 |
- 37.5 KB |
- 25页
申明敬告: 本站不保证该用户上传的文档完整性,不预览、不比对内容而直接下载产生的反悔问题本站不予受理。
文档介绍
江苏省淮安市淮阴区2020届高三下学期期初模拟训练(一)数学试题 Word版含解析
www.ks5u.com 淮阴区2020届高三第二学期期初模拟训练一 数学 一、填空题(本大题共14小题,每小题5分,共70分,请将答案填写在答题卡相应的位置上) 1.设集合,,则_________. 【答案】 【解析】 【分析】 先求解出集合的范围,再由交集的计算求解即可. 【详解】由题意,因为,所以集合, 所以. 故答案为: 【点睛】本题主要考查交集的运算,属于简单题. 2.已知复数,其中i是虚数单位,则的值是_____________. 【答案】 【解析】 【分析】 利用复数的运算法则、模的计算公式即可得出. 【详解】复数z=(1+i)(1+3i)=1﹣3+4i=﹣2+4i, ∴|z|==. 故答案为. 【点睛】本题考查了复数的运算法则、模的计算公式,考查了计算能力,属于基础题. 3.函数的定义域为________. 【答案】(-2,2) 【解析】 【分析】 - 25 - 根据对数真数大于零,解一元二次不等式求得函数的定义域. 【详解】由于对数的真数要大于零,故,解得,即函数的定义域为. 【点睛】本小题主要考查函数的定义域的求法,考查一元二次不等式的解法,属于基础题.考查函数的定义域往往通过以下几个方面来考虑:一个是对数的真数大于零,一个是分母不能为零,一个是偶次方根被开方数要为非负数,一个是零次方的底数不能为零.定义域要写成集合或者区间的形式. 4.为了解某一段公路汽车通过时的车速情况,现随机抽测了通过这段公路的200辆汽车的时速,所得数据均在区间中,其频率分布直方图如图所示,则在抽测的200辆汽车中,时速在区间内的汽车有______辆 【答案】80 【解析】 试题分析:时速在区间内的汽车有 考点:频率分布直方图 5.如图所示的算法流程图中,最后输出值为______. - 25 - 【答案】25 【解析】 分析:由流程图可知,该算法为先判断后计算的当型循环,模拟执行程序,即可得到答案. 详解:程序执行如下 1 5 输出 故不成立时, 故答案为25. 点睛:本题考查了循环结构的程序框图,正确判断循环的类型和终止循环的条件是解题关键 - 25 - 6.从2男3女共5名同学中任选2名(每名同学被选中的机会均等)作为代表,则这2名代表都是女同学的概率为_____________. 【答案】 【解析】 【分析】 计算从2男3女共5名同学中任选2名学生和选出的2名都是女同学的选法种数,利用古典概型概率公式计算可得答案. 【详解】从2男3女共5名同学中任选2名学生有=10种选法; 其中选出的2名都是女同学的有=3种选法, ∴2名都是女同学的概率为. 故答案为:. 【点睛】本题考查了古典概型的概率计算,解题的关键是求得符合条件的基本事件个数. 7.在平面直角坐标系xOy中,若抛物线的焦点与椭圆的右焦点重合,则实数p的值为_____________. 【答案】2 【解析】 【分析】 先根据椭圆方程求出椭圆的右焦点坐标,因为抛物线y2=2px的焦点与椭圆的右焦点重合,所以抛物线的焦点坐标可知,再根据抛物线中焦点坐标为(,0),即可求出p值. 【详解】∵ 中a2=4,b2=3,∴c2=1,c=1 ∴右焦点坐标为(1,0) ∵抛物线y2=2px的焦点与椭圆的右焦点重合, - 25 - 根据抛物线中焦点坐标为(,0), ∴,则p=2. 故答案为:2 【点睛】本题主要考查了椭圆焦点与抛物线焦点的求法,属于圆锥曲线的基础题. 8.在正四棱锥中,点是底面中心,,侧棱,则该棱锥的体积为________. 【答案】 【解析】 【分析】 根据题意,利用勾股定理算出底面中心到顶点的距离为2,利用正方形的性质得出底面边长为4,再由锥体的体积公式加以计算,即可得到该棱锥的体积. 【详解】∵在正四棱锥S﹣ABCD中,侧棱SA=2,高SO=2, ∴底面中心到顶点的距离AO==2 因此,底面正方形的边长AB=AO=4,底面积S=AB2=16 该棱锥的体积为V=SABCD•SO=×16×2=. 故答案为. 【点睛】本题给出正四棱锥的高和侧棱长,求它的体积.着重考查了正四棱锥的性质、正方形中的计算和锥体体积公式等知识,属于基础题. 9.等比数列的各项均为正数,其前n项和为,已知,,则=_______. 【答案】8 【解析】 【分析】 利用基本元的思想,将两个已知条件转化为的形式,解方程组求得的值,进而求得的值. - 25 - 【详解】由于数列为等比数列,故,解得,故. 【点睛】本小题主要考查利用基本元的思想求等比数列的基本量、通项公式和前项和.基本元的思想是在等差数列中有个基本量,利用等比数列的通项公式和前项和公式,列出方程组,即可求得数列的通项公式.解题过程中主要利用除法进行消元,要注意解题题意公比为正数这一条件. 10.函数且的图象恒过定点,若点在直线上,其中,则的最小值为_______. 【答案】 【解析】 【详解】试题分析:由题意可知,令x+3=1,则y=-1,即x=-2,y=-1,所以A(-2,-1),可得2m+n=1, 所以,当且仅当,即时,等号成立,所以的最小值为 考点:本题考查基本不等式求最值 点评:解决本题的关键是求出A点坐标,注意利用基本不等式的条件 11.在平面直角坐标系xOy中,若曲线(a,b为常数)过点P(2,﹣5),且该曲线在点P处的切线与直线垂直,则2a+3b的值是_______. 【答案】﹣8 【解析】 【分析】 - 25 - 由曲线y=ax2+(a,b为常数)过点P(2,﹣5),且该曲线在点P处的切线与直线2x﹣7y+3=0垂直,可得y|x=2=﹣5,且y′|x=2=﹣,解方程可得答案. 【详解】∵直线2x﹣7y+3=0的斜率k=, ∴切线的斜率为﹣, 曲线y=ax2+(a,b为常数)过点P(2,﹣5),且该曲线在点P处的切线与直线2x﹣7y+3=0垂直, ∴y′=2ax﹣, ∴, 解得:a=﹣1,b=﹣2, 故2a+3b =﹣8, 故答案为﹣8 【点睛】本题考查知识点是利用导数研究曲线上某点切线方程,其中根据已知得到y|x=2=﹣5,且y′|x=2=﹣,是解答的关键. 12.已知,则__________. 【答案】 【解析】 【分析】 因为,再代入求解.. 【详解】∵已知 所以, - 25 - 故答案为:. 【点睛】本题主要考查了三角恒等变换,还考查了运算求解的能力,属于基础题. 13.如图,在平面四边形中,,,,.若点为边上的动点,则的最小值为_______. 【答案】 【解析】 【分析】 如图所示,以为原点,以所在的直线为轴,以所在的直线为轴,求出, ,的坐标,根据向量的数量积和二次函数的性质即可求出. 【详解】如图所示: 以为原点,以所在的直线为轴,以所在的直线为轴, 过点作轴,过点作轴, ∵,,,, ∴,,,, 设,则,, - 25 - 故,故答案为. 【点睛】本题考查了向量在几何中的应用,考查了运算能力和数形结合的能力,属于中档题. 14.已知函数,且在上的最大值为,若函数有四个不同的零点,则实数的取值范围为_______. 【答案】 【解析】 若,则在上递增, 有最小值,不合题意, ,要使在的最大值为,如果,即,则,得矛盾,不合题意;如果,则, , ,若有四个零点,则与有四个交点,只有开口向上,即,当与有一个交点时,方程有一个根, 得,此时函数有三个不同的零点,要使函数 - 25 - 有四个不同的零点, 与有两个交点,则抛物线的开口要比的开口大,可得, ,即实数的取值范围为,故答案为. 二、解答题(本大题共6小题,共计90分,请在答题纸指定区域内作答,解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤.) 15.如图,在四面体中,,点E是的中点,点F在线段上,且. (1)若平面,求实数的值; (2)求证:平面平面. 【答案】(1)见解析(2)见解析 【解析】 【分析】 (1)由线面平行的性质得出,可以判断点F为的中点,从而求出的值; (2)由,点E是的中点,得到,,由面面垂直的判断定理即可证明平面平面. 【详解】(1)因为平面,得平面, 平面平面, 所以, 又点E是的中点,点F在线段上, 所以点F为的中点, 由,得; - 25 - (2)因为,点E是的中点, 所以,, 又,平面,平面, 所以平面, 又平面, 所以平面平面. 【点睛】本题主要考查线面平行的性质和面面垂直的证明,考查学生空间想象能力,属于基础题. 16.已知为坐标原点,,,,若. ⑴ 求函数的最小正周期和单调递增区间; ⑵ 将函数的图象上各点的横坐标伸长为原来的倍(纵坐标不变),再将得到的图象向左平移个单位,得到函数的图象,求函数在上的最小值. 【答案】(1);(2)2 【解析】 【分析】 (1)由题意得到,进而可得函数周期和单调增区间;(2)根据图象变换得到,根据的范围得到的取值范围,然后可得的最小值. 【详解】(1)由题意,, 所以, - 25 - 所以函数的最小正周期为, 由, 得, 所以的单调递增区间为. (2)由(1)得, 将函数的图象上各点的横坐标伸长为原来的倍(纵坐标不变),得到的图象对应的函数为;再将得到的图象向左平移个单位,得到的图象对应的函数为 , ∴, ∵, ∴, ∴当,即时,有最小值,且, ∴函数在上的最小值为2. 【点睛】(1)解决三角函数的有关问题时,一般将所给的函数化为的形式,然后将作为一个整体,并结合正弦函数的相关性质进行求解. (2)求函数在给定区间上的最值或范围时,先由所给的范围得到的范围,然后结合函数的图象求解. 17.如图,在平面直角坐标系中,过椭圆:的左顶点作直线,与椭圆 - 25 - 和轴正半轴分别交于点,. (1)若,求直线的斜率; (2)过原点作直线的平行线,与椭圆交于点,求证:为定值. 【答案】(1)(2)见解析. 【解析】 试题分析:(1)设直线,代入椭圆方程得由,有,可得出直线的斜率; (2)设直线l斜率为k,联立方程组分别求出AP,AQ,MN,代入计算化简即可得出结论. 试题解析:(1)依题意,椭圆的左顶点, 设直线的斜率为 ,点的横坐标为, 则直线的方程为.① 又椭圆:, ② 由①②得,, - 25 - 则,从而. 因为,所以. 所以,解得(负值已舍). (2)设点的横坐标为.结合(1)知,直线的方程为.③ 由②③得,. 从而 ,即证. 18.如图,某森林公园有一直角梯形区域ABCD,其四条边均为道路,AD∥BC,∠ADC=90°,AB=5千米,BC=8千米,CD=3千米.现甲、乙两管理员同时从地出发匀速前往D地,甲的路线是AD,速度为6千米/小时,乙的路线是ABCD,速度为v千米/小时. (1)若甲、乙两管理员到达D的时间相差不超过15分钟,求乙的速度v的取值范围; (2)已知对讲机有效通话的最大距离是5千米.若乙先到达D,且乙从A到D的过程中始终能用对讲机与甲保持有效通话,求乙的速度v的取值范围. 【答案】(1)(2) 【解析】 试题分析:(1)由路程、速度、时间关系可得关系式:,解简单含绝对值不等式即可,注意单位统一(2)首先乙先到达D地,故<2,即v>8.然后乙从A到D的过程中与甲最大距离不超过5千米:分三段讨论①当0<vt≤5,由余弦定理得甲乙距离(6t)2+(vt)2-2×6t×vt×cos∠DAB≤25,②当5<vt≤13,构造直角三角形得甲乙距离(vt-1-6t)2+9≤25,②当5<vt≤13,由直角三角形得甲乙距离(12-6t)2+(16-vt)2 - 25 - ≤25,三种情况的交集得8<v≤. 试题解析:解:(1)由题意,可得AD=12千米. 由题可知 解得. (2)经过t小时,甲、乙之间的距离的平方为f(t). 由于乙先到达D地,故<2,即v>8. ①当0<vt≤5,即0<t≤时, f(t)=(6t)2+(vt)2-2×6t×vt×cos∠DAB=(v2-v+36) t2. 因为v2-v+36>0,所以当t=时,f(t)取最大值, 所以(v2-v+36)×()2≤25,解得v≥. ②当5<vt≤13,即<t≤时, f(t)=(vt-1-6t)2+9=(v-6)2(t-)2+9. 因为v>8,所以<,(v-6)2>0,所以当t=时,f(t)取最大值, 所以(v-6)2(-)2+9≤25,解得≤v≤. ③当13≤vt≤16,≤t≤时, f(t)=(12-6t)2+(16-vt)2, 因为12-6t>0,16-vt>0,所以当f(t)在(,)递减,所以当t=时,f(t)取最大值, (12-6×)2+(16-v×)2≤25,解得≤v≤. 因为v>8,所以 8<v≤. 考点:实际应用题,分段函数求函数最值 19.设函数,其中,. (1)若,求的极值; - 25 - (2)若曲线与直线有三个互异的公共点,求实数的取值范围. 【答案】(1)极大值为,极小值为;(2) 【解析】 【分析】 (1)把代入后求导,判断的单调性,进而可以求得极值; (2)将公共点转化为零点问题,构造函数,求导判断的单调性,结合零点定理即可求出的取值范围. 【详解】(1)当时,, , 令,解得,或; 当变化时,,的变化情况如下表; + 0 ﹣ 0 + 单调增 极大值 单调减 极小值 单调增 ∴的极大值为, 极小值为; (2)由题意,曲线与直线有三个互异的公共点, 可转化为 - 25 - 令,可得; 设函数, 即函数有三个不同的零点; , 当时,恒成立,此时在上单调递增,不合题意 当时,令,解得,; ,解得,或, ,解得, ∴在和上单调递增,在上单调递减, ∴的极大值为; 极小值为 若,由的单调性可知,函数至多有两个零点,不合题意; 若,即,解得 此时,, , 从而由零点定理知, 在区间,,内各有一个零点,符合题意; ∴的取值范围是. 【点睛】本题主要考查利用导数求函数的单调性和极值,构造函数和零点定理的应用,考查学生的转化和计算能力,属于中档题. 20.设数列的前项和为.已知,设 - 25 - . ⑴ 求证:当时,为常数; ⑵ 求数列的通项公式; ⑶ 设数列是正项等比数列,满足:,,求数列的前n项的和. 【答案】(1)证明见解析;(2);(3) 【解析】 【分析】 (1)由题意求出,然后通过作差可得,故结论成立;(2)根据(1)中的结论,即是常数列且,可得;(3)由题意得,所以,故利用错位相减法求和. 【详解】(1)证明:由题意知,当n=1时,, ∴; 当时,, ∴, ∴ ∴, ∴ - 25 - , ∴当时,为常数0. (2)由(1)得,是常数列. ∵, ∴, ∴, ∴. (3)由(2)知, ∵数列是正项等比数列, ∴公比为2, ∴. ∴……③, ∴……④, ③④得:, 设……⑤, ∴……⑥, ⑤⑥得:, , ∴, ∴. - 25 - 【点睛】用错位相减法求和的注意事项 (1)要善于识别题目类型,特别是等比数列公比为负数的情形; (2)在写出“Sn”与“qSn”的表达式时应特别注意将两式“错项对齐”以便下一步准确写出“Sn-qSn”的表达式; (3)在应用错位相减法求和时,若等比数列的公比为参数,应分公比等于1和不等于1两种情况求解. 数学(附加卷) 注:本卷共三大题共4小题,共计40分,请在答题纸指定区域内作答,解答时应写出文字说明证明过程或演算步骤. 两小题,每题10分,共计20分. [选修4—2:矩阵与变换] 21.已知矩阵,其中,若点在矩阵的变换下得到的点 (1)求实数的值; (2)求矩阵的逆矩阵. 【答案】(1);(2) 【解析】 【分析】 (1)根据点P在矩阵A的变化下得到的点,写出题目的关系式,列出关于a,b的等式,解方程即可, (2)计算,从而得到矩阵的逆矩阵. 【详解】(1)因 , 所以,所以 . - 25 - (2), . 【点睛】本题考查二阶矩阵与逆矩阵,属于基础题. [选修4—4:坐标系与参数方程] 22.在直角坐标系中,已知直线的参数方程是(t是参数),若以为极点,轴的正半轴为极轴,取与直角坐标系中相同的单位长度,建立极坐标系,曲线的极坐标方程为.求直线l被曲线C截得的弦长. 【答案】 【解析】 【分析】 消去参数即可求直线l的普通方程,利用极坐标与直角坐标的互化求解曲线C的直角坐标方程,利用直线与圆的位置关系,通过点到直线的距离以及圆的半径以及半弦长的关系求解|AB|. 【详解】消去参数,得直线的普通方程为, 即,两边同乘以得, 所以, 圆心到直线的距离, 所以弦长为. 【点睛】本题考查直线的参数方程以及圆的极坐标方程的应用,考查直线与圆的位置关系的应用,考查计算能力. 23.将4名大学生随机安排到A,B,C,D四个公司实习. (1)求4名大学生恰好在四个不同公司的概率; - 25 - (2)随机变量X表示分到B公司的学生的人数,求X的分布列和数学期望E(X). 【答案】(1);(2)分布列见解析,. 【解析】 【分析】 (1)将4人安排四个公司中,共有44=256种不同放法,记“4个人恰好在四个不同的公司”为事件A,则事件A包含=24个基本事件,由此能求出4名大学生恰好在四个不同公司的概率; (2)X的可能取值为0,1,2,3,4,分别求出相应的概率,由此能求出X的分布列和E(X). 【详解】(1)将4人安排四个公司中,共有44=256种不同放法. 记“4个人恰好在四个不同公司”为事件A, 事件A共包含个基本事件, 所以, 所以4名大学生恰好在四个不同公司的概率. (2)方法1:X的可能取值为0,1,2,3,4, ,,, ,. 所以X的分布列为: X 0 1 2 3 4 P 所以X的数学期望为:. 方法2:每个同学分到B公司的概率为,. - 25 - 根据题意~,所以,4, 所以X的分布列为: X 0 1 2 3 4 P 所以X的数学期望为. 【点睛】本题考查概率的求法,考查离散型随机变量的分布列、数学期望的求法及应用,考查古典概型、排列组合等基础知识,考查运算求解能力,考查函数与方程思想,是中档题. 24.设且,集合的所有个元素的子集记为. (1)当时,求集合中所有元素之和; (2)记为中最小元素与最大元素之和,求的值. 【答案】(1)30;(2)2019. 【解析】 【分析】 (1)当n=4时,因为含元素的子集有个,同理含的子集也各有个,从而得到结果; (2)分类讨论明确最小元素的子集与最大元素的子集个数,从而得到,进而得到结果. 【详解】(1)因为含元素的子集有个,同理含的子集也各有个, 于是所求元素之和为; (2)集合的所有个元素的子集中: 以为最小元素的子集有个,以为最大元素的子集有个; - 25 - 以为最小元素的子集有个,以为最大元素的子集有个; 以为最小元素的子集有个,以为最大元素的子集有个. ∴ , . . 【点睛】本题考查了子集的概念,组合的概念及性质,分类讨论的思想方法,考查推理、计算能力.两题中得出含有相关数字出现的次数是关键. - 25 - - 25 -查看更多